Resistencia de materiales: pack de repaso

Hojas de fórmulas, los pasos clave de los métodos de cada tema y 14 problemas de práctica, con las soluciones completas al final.

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1Fórmulas y métodos

Tensión y deformación axial

Tensión normal
σ = F/A
Deformación
ε = ΔL/L
Ley de Hooke
σ = E·ε
Alargamiento
ΔL = FL/(EA)
Deformación térmica
εT = α·ΔT

Torsión de ejes

Tensión cortante
τ = T·r/J
Eje macizo
J = πd⁴/32
Eje hueco
J = π(D⁴ − d⁴)/32
Ángulo de torsión
φ = TL/(GJ)
Potencia
P = T·ω = 2πnT/60

Método

  1. Halla el momento polar de inercia: J = πd⁴/32 para un eje macizo.
  2. Tensión tangencial en la superficie: τ = T·r/J, con r el radio exterior.
  3. Ángulo de torsión: φ = TL/(GJ) en radianes.
  4. Si te dan la potencia, halla primero el par con P = T·ω, ω = 2πn/60.

Cortante y momento flector

Cortante y momento
V = ΣF a un lado, M = ΣF·d a un lado
Tensión de flexión
σ = M·y/I
Rectángulo
I = bh³/12
Módulo resistente
W = I/ymax
Viga biapoyada, carga uniforme
Mmax = wL²/8

Método

  1. Halla las reacciones en los apoyos a partir del equilibrio de toda la viga.
  2. Corta la viga por la sección que necesitas y quédate con un lado.
  3. Esfuerzo cortante: suma de las fuerzas verticales de ese lado. Momento flector: suma de sus momentos respecto al corte.
  4. Para el momento máximo, busca dónde el esfuerzo cortante es cero.

Centroide y momento de inercia

Centroide
ȳ = ΣAiyi/ΣAi
Rectángulo
I = bh³/12
Teorema de Steiner
I = Ic + A·d²
Sección compuesta
I = Σ(Ic,i + Aidi²)

Círculo de Mohr y transformación de tensiones

Centro
C = (σx + σy)/2
Radio
R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²)
Tensiones principales
σ1,2 = C ± R
Dirección principal
tan 2θp = 2τxy/(σx − σy)
Plano inclinado
σθ = C + (σx − σy)/2·cos 2θ + τxy·sin 2θ

Método

  1. Calcula el centro del círculo de Mohr: C = (σx + σy)/2.
  2. Calcula el radio: R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²).
  3. Las tensiones principales son C ± R y la tensión tangencial máxima en el plano es R.
  4. Los ángulos en el círculo son el doble que los ángulos en el elemento: tan 2θp = 2τxy/(σx − σy).

Flecha de la viga

Carga puntual en el centro del vano
δ = PL³/(48EI)
Carga uniforme, viga biapoyada
δ = 5wL⁴/(384EI)
Voladizo, carga en el extremo
δ = PL³/(3EI)
Voladizo, carga uniforme
δ = wL⁴/(8EI)
Superposición
δ = δ1 + δ2

Pandeo de pilares

Carga crítica de Euler
Pcr = π²EI/(KL)²
Factor de longitud de pandeo
K = 1 articulado–articulado, 0,5 empotrado–empotrado, 0,7 empotrado–articulado, 2 empotrado–libre
Tensión crítica
σcr = Pcr/A
Esbeltez
λ = KL/r, r = √(I/A)

2Problemas de práctica

1.Tensión y deformación axialMedia
P = ?12600 mm300 mmØ25Ø60δ = 0,5 mm

Una barra está formada por un tramo de acero (diámetro 25 mm, longitud 600 mm, E = 200 GPa) unido extremo con extremo a un tramo de bronce (diámetro 60 mm, longitud 300 mm, E = 110 GPa). Está empotrada en un extremo y se tira del otro. Halla la carga axial P que la alarga 0,5 mm en total.

tramo 1: acero, Ø25 mm, 600 mm, E = 200 GPatramo 2: bronce, Ø60 mm, 300 mm, E = 110 GPaδ = 0,5 mm
P = kN
2.Tensión y deformación axialDifícil
Ø 35 mmCobre1,5 mØ 20 mmAcero0,5 mP = 50 kN

La barra escalonada está empotrada en la pared y cargada en su extremo libre. Halla la tensión normal máxima σmax en la barra.

P = 50 kNtramo 1: Ø35 mm, 1,5 m, cobre (E = 117 GPa)tramo 2: Ø20 mm, 0,5 m, acero (E = 200 GPa)
σmax = MPa
3.Torsión de ejesMedia
T = 500 N·md = 50 mmL = 2 mφ = ?

Un eje macizo de aluminio está empotrado en la pared y se tuerce con un par T en su extremo libre. Halla el ángulo de torsión φ del extremo libre, en grados.

T = 500 N·md = 50 mmL = 2 mG = 26 GPa
φ = °
4.Torsión de ejesDifícil
d = 25 mmT0​ = 100 N·mACBa = 1 mb = 1,2 m

Un eje macizo de aluminio de 25 mm de diámetro está empotrado en muros rígidos en sus dos extremos A y B. Se aplica un par de 100 N·m en C, a 1 m de A y a 1,2 m de B. Halla la tensión cortante máxima τmax en el eje.

d = 25 mmT0 = 100 N·ma = 1 mb = 1,2 m
τmax = MPa
5.Cortante y momento flectorMedia
P1​ = 80 kNP2​ = 60 kNAB1 m3 m1 m

La viga simplemente apoyada soporta dos cargas puntuales. Halla el momento flector máximo Mmax en la viga.

L = 5 mP1 = 80 kN en 1 mP2 = 60 kN en 4 m
Mmax = kN·m
6.Cortante y momento flectorDifícil
15 kN/m60 kNABCDEFG1 m1 m1 m1 m1 m1 m

Las marcas A a G dividen la viga en seis partes iguales. ¿En qué marca es mayor el momento flector en valor absoluto, positivo o negativo? Haz clic en ella en el diagrama.

60 kN @ 6 m15 kN/m, 0–5 m
  1. 1A (x = 0 m)
  2. 2B (x = 1 m)
  3. 3C (x = 2 m)
  4. 4D (x = 3 m)
  5. 5E (x = 4 m)
  6. 6F (x = 5 m)
  7. 7G (x = 6 m)
7.Centroide y momento de inerciaMedia
xD = 70d = 38cotas en mm

Un tubo circular tiene un diámetro exterior D = 70 mm y un diámetro interior d = 38 mm. Halla su radio de giro r respecto al eje centroidal horizontal.

D = 70 mmd = 38 mm
r = mm
8.Centroide y momento de inerciaDifícil
200 mm300 mm195 mm30 × 50xIx​ = ?

Una placa de 200 mm × 300 mm tiene un recorte rectangular de 30 mm de ancho y 50 mm de alto, centrado en la línea central vertical con su centro a 195 mm por encima del fondo. Halla el momento de inercia Ix respecto al eje horizontal que pasa por el centroide.

b = 200 mmh = 300 mmrecorte: 30 × 50 mmcentro del agujero: y = 195 mm
Ix = × 10⁶ mm⁴
9.Círculo de Mohr y transformación de tensionesMedia
σx​ = −70σy​ = 30τxy​ = −20MPa

En un punto σₓ = −70 MPa, σᵧ = 30 MPa y τₓᵧ = −20 MPa (tracción positiva). El elemento se gira 50° en sentido antihorario. Halla la tensión normal σy′ en las caras del elemento girado perpendiculares al eje girado y′.

σx = −70 MPaσy = 30 MPaτxy = −20 MPaθ = 50°
σy′ = MPa
10.Círculo de Mohr y transformación de tensionesDifícil
σx​ = 140σy​ = −70τxy​ = 50MPa

Un punto de una placa delgada está en tensión plana: σₓ = 140 MPa, σᵧ = −70 MPa y τₓᵧ = 50 MPa (σz = 0). El material tiene un límite elástico de 420 MPa. Halla el coeficiente de seguridad n frente a la plastificación según el criterio de Tresca (tensión cortante máxima).

σx = 140 MPaσy = −70 MPaτxy = 50 MPaσY = 420 MPa
n =
11.Flecha de la vigaMedia
w = 2 kN/mP = 12 kNABδ2,5 m

Un voladizo soporta una carga uniformemente repartida w en toda su longitud y una carga puntual P en su extremo libre. Usando superposición, halla la flecha δ en el extremo libre.

P = 12 kNw = 2 kN/mL = 2,5 mE = 200 GPa (acero)I = 84 × 10⁶ mm⁴
δ = mm
12.Flecha de la vigaDifícil
P = 13 kNABδ3 m2 m

Una viga simplemente apoyada soporta una carga puntual P a b = 2 m del apoyo B. Halla la flecha máxima δmax de la viga.

P = 13 kNb = 2 mL = 5 mE = 70 GPa (aluminio)I = 8,5 × 10⁶ mm⁴
δmax = mm
13.Pandeo de pilaresMedia
PL = 5 m20 × 60 mmsección

Un pilar de longitud L de aluminio está empotrado en la base y articulado arriba. Con la fórmula de Euler, halla su carga crítica de pandeo Pcr.

L = 5 mE = 70 GPa (aluminio)b × h = 20 × 60 mm
Pcr = kN
14.Pandeo de pilaresDifícil
PL = 2 md = 25 mmsección

Un pilar de longitud L de acero está empotrado en la base y libre arriba. Halla su esbeltez y la tensión crítica de pandeo σcr con la fórmula de Euler.

L = 2 mE = 200 GPa (acero)d = 25 mm
σcr = MPa

3Disoluciones

1.Tensión y deformación axial

Respuesta: P = 70,66 kN

Dos materiales: en serie (uno tras otro) cada tramo soporta la misma fuerza y los alargamientos se suman: δ = P·Σ L/(E·A). En paralelo (lado a lado entre placas rígidas) ambas partes se acortan lo mismo, así que sus deformaciones unitarias son iguales: la parte más rígida toma la mayor porción, Pi = P·EiAi/ΣEA, y σi = Ei·ε. Una barra sujeta entre dos muros rígidos con una carga en la unión es estáticamente indeterminada: los dos tramos se reparten la carga en proporción a su rigidez k = EA/L.

Áreas

A₁ = 490,9 mm², A₂ = 2827 mm²

Flexibilidades

L₁/(E₁A₁) = 600/(200000·490,9) = 6,112 × 10⁻⁶ mm/N
L₂/(E₂A₂) = 300/(110000·2827) = 9,646 × 10⁻⁷ mm/N

Carga

P = 0,5/7,076 × 10⁻⁶ = 70660 N = 70,66 kN

Respuesta

P = 70,66 kN
2.Tensión y deformación axial

Respuesta: σmax = 159,2 MPa

Elementos con carga axial: cada tramo prismático cumple δ = PL/(AE). En tramos en serie los alargamientos se suman.

La misma fuerza en ambos tramos

El extremo libre soporta P, así que cada sección de la barra soporta el mismo esfuerzo axial P. Solo cambian las áreas y los materiales.

A1 = π·35²/4 = 962,1 mm², A2 = π·20²/4 = 314,2 mm²
σ1 = 51,97 MPa
σ2 = 159,2 MPa

Tensión máxima

El tramo más delgado tiene menos área, así que soporta la tensión mayor.

σmax = 159,2 MPa

Respuesta

σmax = 159,2 MPa
3.Torsión de ejes

Respuesta: φ = 3,591 °

Torsión de ejes circulares: la tensión cortante crece linealmente desde cero en el centro hasta τmax = T·r/J en la superficie, con J = πd⁴/32 para un eje macizo y J = π(do⁴ − di⁴)/32 para uno hueco. El ángulo de torsión es φ = TL/(GJ) en radianes. Potencia y par se relacionan por P = T·ω.

Momento polar de inercia

J = π·50⁴/32 = 613592 mm⁴

Ángulo de torsión

φ = TL/(GJ) = 500·1000·2000/(26000·613592) = 0,06268 rad
φ = 0,06268·180/π = 3,591°

Respuesta

φ = 3,591°
4.Torsión de ejes

Respuesta: τmax = 17,78 MPa

Torsión de ejes circulares: la tensión cortante crece linealmente desde cero en el centro hasta τmax = T·r/J en la superficie, con J = πd⁴/32 para un eje macizo y J = π(do⁴ − di⁴)/32 para uno hueco. El ángulo de torsión es φ = TL/(GJ) en radianes. Potencia y par se relacionan por P = T·ω. Cuando ambos extremos están empotrados, la estática por sí sola solo da TA + TB = T₀; la segunda ecuación es la compatibilidad (igual torsión de ambas partes en la sección cargada).

Equilibrio y compatibilidad

TA + TB = 100
TA·a = TB·b
TA = 100·1,2/2,2 = 54,55 N·m
TB = 100·1/2,2 = 45,45 N·m

Tensión cortante máxima

Manda el mayor de los dos pares (mismo diámetro).

τmax = 16·54545/(π·25³) = 17,78 MPa

Respuesta

τmax = 17,78 MPa
5.Cortante y momento flector

Respuesta: Mmax = 76 kN·m

Método de las secciones: corta la viga donde quieras conocer los esfuerzos internos y quédate con un lado. El cortante V equilibra las fuerzas verticales de ese lado, y el momento flector M equilibra sus momentos respecto al corte. Momento máximo: como dM/dx = V, el momento flector alcanza su máximo donde el cortante pasa por cero, ya sea en una carga puntual o dentro de una carga repartida.

Reacciones en los apoyos

Equilibrio de toda la viga.

ΣMA = 0: RB·5 = 80·1 + 60·4
RB = 320/5 = 64 kN
ΣFy = 0: RA = 140 − 64 = 76 kN

Momento bajo cada carga

Quédate con la parte a la izquierda de cada carga.

bajo P1: M = RA·1 = 76·1 = 76 kN·m
bajo P2: M = RB·1 = 64·1 = 64 kN·m

Valor máximo

Mmax = 76 kN·m (bajo P1)

Respuesta

Mmax = 76 kN·m
6.Cortante y momento flector

Respuesta: F (x = 5 m)

Mayor momento flector: M cambia de pendiente allí donde cambia el esfuerzo cortante, así que sus picos están donde el esfuerzo cortante cruza el cero: bajo una carga puntual, dentro de una carga distribuida, o sobre un apoyo de un voladizo. En el empotramiento de una ménsula, el momento es máximo en la pared. Compara el valor de M en esos lugares, positivo o negativo.

Reacciones en los apoyos

Toma momentos respecto a un apoyo y luego usa el equilibrio de fuerzas verticales.

R1 = 25,5 kN, R2 = 109,5 kN

Momento flector en cada marca

Suma los momentos de todas las fuerzas a un lado del corte. El momento positivo hace que la viga se comba hacia abajo; el negativo, hacia arriba.

MA = 0, MB = 18, MC = 21, MD = 9, ME = −18, MF = −60 kN·m, MG = 0

Respuesta

Marca F: MF = −60 kN·m
7.Centroide y momento de inercia

Respuesta: r = 19,91 mm

Momento de inercia: para un rectángulo respecto a su propio eje centroidal I = bh³/12, y respecto a su base bh³/3 (teorema de Steiner I = Ic + A·d²). Un hueco se trata restando su I, siempre que ambas partes compartan el mismo eje. El módulo resistente elástico es S = I/c, donde c es la distancia a la fibra extrema. El radio de giro r = √(I/A) es la distancia a la que toda el área daría el mismo I; se usa en el pandeo de pilares.

Área neta y momento de inercia neto

A = π(D² − d²)/4 = 2714 mm²
I = π(D⁴ − d⁴)/64 = 1,076 × 10⁶ mm⁴

Radio de giro

r = √(I/A) = √(1,076 × 10⁶/2714) = 19,91 mm

Respuesta

r = 19,91 mm
8.Centroide y momento de inercia

Respuesta: Ix = 446,6 × 10⁶ mm⁴

Secciones con huecos: trata un hueco como un área negativa. El centroide es ȳ = (A₁y₁ − A₂y₂)/(A₁ − A₂), con A₁, y₁ para la placa completa y A₂, y₂ para el hueco. Para el momento de inercia (segundo momento de área) respecto al eje centroidal, usa el teorema de los ejes paralelos para cada parte y resta el hueco: I = (Ic1 + A₁d₁²) − (Ic2 + A₂d₂²), donde d es la distancia del centroide propio de cada parte al eje que pasa por ȳ. Un rectángulo tiene Ic = bh³/12 y un círculo Ic = πd⁴/64.

Centroide

ȳ = (60000·150 − 1500·195)/(60000 − 1500) = 148,8 mm

Placa completa respecto a ȳ

200·300³/12 + 60000·1,154² = 450,1 × 10⁶ mm⁴

Agujero respecto a ȳ

30·50³/12 + 1500·46,15² = 3,508 × 10⁶ mm⁴

Resta

Ix = 446,6 × 10⁶ mm⁴

Respuesta

Ix = 446,6 × 10⁶ mm⁴
9.Círculo de Mohr y transformación de tensiones

Respuesta: σy′ = −8,986 MPa

Transformación de tensiones en estado plano: en un plano girado θ, σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. El círculo de Mohr muestra todos los planos a la vez: su centro está en C = (σₓ + σᵧ)/2 y su radio es R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). Las tensiones principales son C ± R, y la tensión cortante máxima en el plano es R.

Ecuación de transformación para la cara y′

σy′ = −20 − (−50)·(−0,1736) − (−20)·0,9848 = −8,986 MPa

Comprobación

La suma de las tensiones normales no cambia con el giro.

σx′ = −31,01 MPa, σx′ + σy′ = −40 = σx + σy

Respuesta

σy′ = −8,986 MPa
10.Círculo de Mohr y transformación de tensiones

Respuesta: n = 1,806

Transformación de tensiones en estado plano: en un plano girado θ, σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. El círculo de Mohr muestra todos los planos a la vez: su centro está en C = (σₓ + σᵧ)/2 y su radio es R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). Las tensiones principales son C ± R, y la tensión cortante máxima en el plano es R. Criterios de plastificación: von Mises predice la plastificación cuando σvM = √(σ₁² − σ₁σ₂ + σ₂²) alcanza σY; Tresca, cuando la tensión cortante máxima absoluta alcanza σY/2.

στxyCσ1​σ2​

Tensiones principales

C = 35 MPa, R = 116,3 MPa
σ1 = 151,3 MPa, σ2 = −81,3 MPa, σ3 = 0

Tresca

σmax − σmin = 232,6 MPa
n = 420/232,6 = 1,806

Respuesta

n = 1,806

n > 1 significa que el punto no plastifica; Tresca es algo más conservador que von Mises.

11.Flecha de la viga

Respuesta: δ = 4,302 mm

Flecha de vigas: las flechas se obtienen integrando dos veces la curvatura M/(EI). Los casos habituales están tabulados, por ejemplo PL³/(3EI) para un voladizo con carga en el extremo y 5wL⁴/(384EI) para una viga simplemente apoyada con carga uniforme completa. Las flechas de cargas distintas se suman (superposición).

Unidades coherentes

Trabaja en N y mm: P en N, w en N/mm (kN/m = N/mm), L en mm, E en N/mm² (GPa × 1000), I en mm⁴.

P = 12000 N, w = 2 N/mm, L = 2500 mm
EI = 1,68 × 10¹³ N·mm²

Cada carga por separado

δP = PL³/(3EI) = 12000·2500³/(3·1,68 × 10¹³) = 3,72 mm
δw = wL⁴/(8EI) = 2·2500⁴/(8·1,68 × 10¹³) = 0,5813 mm

Súmalas

δ = 3,72 + 0,5813 = 4,302 mm

Respuesta

δ = 4,302 mm
12.Flecha de la viga

Respuesta: δmax = 53,95 mm

Flecha de vigas: las flechas se obtienen integrando dos veces la curvatura M/(EI). Los casos habituales están tabulados, por ejemplo PL³/(3EI) para un voladizo con carga en el extremo y 5wL⁴/(384EI) para una viga simplemente apoyada con carga uniforme completa. Las flechas de cargas distintas se suman (superposición).

Unidades coherentes

Trabaja en N y mm: P en N, w en N/mm (kN/m = N/mm), L en mm, E en N/mm² (GPa × 1000), I en mm⁴.

P = 13000 N, b = 2000 mm, L = 5000 mm
EI = 5,95 × 10¹¹ N·mm²

Posición del máximo

Igualando a cero el giro en el tramo más largo se obtiene la posición.

x = √((L² − b²)/3) = √((5000² − 2000²)/3) = 2646 mm

Flecha máxima

δmax = Pb(L² − b²)3/2/(9√3·EIL) = 53,95 mm

Respuesta

δmax = 53,95 mm
13.Pandeo de pilares

Respuesta: Pcr = 2,256 kN

Pandeo de Euler: un pilar esbelto se vuelve inestable en Pcr = π²EI/(KL)², donde KL es la longitud de pandeo: K = 1 para articulado–articulado, 2 para empotrado–libre, 0,7 para empotrado–articulado y 0,5 para empotrado–empotrado. Pandea respecto al eje con el menor I. La fórmula vale para pilares esbeltos, cuya tensión crítica queda por debajo del límite elástico.

Menor momento de inercia

Un rectángulo pandea respecto a su eje débil, usando la dimensión menor al cubo.

Imin = h·b³/12 = 60·20³/12 = 40000 mm⁴

Longitud de pandeo

KL = 0,7·5000 = 3500 mm

Carga crítica

Pcr = π²EI/(KL)² = π²·70000·40000/3500² = 2256 N = 2,256 kN

Respuesta

Pcr = 2,256 kN
14.Pandeo de pilares

Respuesta: σcr = 4,819 MPa

Pandeo de Euler: un pilar esbelto se vuelve inestable en Pcr = π²EI/(KL)², donde KL es la longitud de pandeo: K = 1 para articulado–articulado, 2 para empotrado–libre, 0,7 para empotrado–articulado y 0,5 para empotrado–empotrado. Pandea respecto al eje con el menor I. La fórmula vale para pilares esbeltos, cuya tensión crítica queda por debajo del límite elástico.

Menor momento de inercia

Una sección circular tiene el mismo I respecto a cualquier eje.

I = πd⁴/64 = π·25⁴/64 = 19175 mm⁴

Radio de giro y esbeltez

A = 490,9 mm²
r = √(I/A) = √(19175/490,9) = 6,25 mm
KL = 2·2000 = 4000 mm
KL/r = 4000/6,25 = 640

Tensión crítica

σcr = π²E/(KL/r)² = π²·200000/640² = 4,819 MPa

Respuesta

σcr = 4,819 MPa

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