Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
complément à deux sur 8 bits0−12806403201608040201

Positionnez les bits pour qu’ils représentent −16 en complément à deux sur 8 bits. Lu comme un nombre non signé, quelle est la valeur U du motif ?

N = −168 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
2441 codes, b = ? bits?2ᵇ⁻¹…?4?2?1

Un système doit donner à chacun de 2441 éléments son propre code binaire, tous de même longueur. Quel est le plus petit nombre de bits b nécessaire ?

2441
b = bit
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
¬a ∧ ¬(b ∨ c)¬¬a ∧ ¬(b ∨ c)¬¬a ∧ (b ∨ c)¬¬a → ¬(b ∨ c)

Vous voulez prouver ¬a → (b ∨ c) par l’absurde. Quel énoncé supposez-vous au départ ? Cliquez dessus.

¬a → (b ∨ c)
  1. 1¬a ∧ ¬(b ∨ c)
  2. 2¬¬a ∧ ¬(b ∨ c)
  3. 3¬¬a ∧ (b ∨ c)
  4. 4¬¬a → ¬(b ∨ c)
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile

Combien des 16 lignes de la table de vérité rendent (¬(q ∧ ¬r) ↔ (r → p)) ∧ ((s → q) ∨ s) vraie ? Appelez ce nombre N.

(¬(q ∧ ¬r) ↔ (r → p)) ∧ ((s → q) ∨ s)
N =
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
ABC000111100101324576

Simplifiez F = ABC′ + B′C′ + A′B′C + A′B à sa forme somme de produits minimale. Combien de littéraux L contient l’expression simplifiée ?

F = ABC′ + B′C′ + A′B′C + A′B
L =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
DQ3​Q3​DQ2​Q2​DQ1​Q1​DQ0​Q0​CLKRING

Un compteur en anneau de 4 bits Q₃Q₂Q₁Q₀ part de 1100. À chaque front d’horloge, les bits se décalent d’une place vers la droite (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀) et Q₃ reçoit Q₀. Donnez l’état Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ sous forme de nombre décimal après 5 fronts d’horloge.

Q₃Q₂Q₁Q₀ = 11005
Q =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Trouvez le plus petit entier positif x tel que x ≡ 1 (mod 3) et x ≡ 6 (mod 7).

x ≡ 1 (mod 3)x ≡ 6 (mod 7)
x =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile
mc = me​ mod n240m = cd​ mod n?(n, e) = (407, 7)d

Une clé RSA utilise p = 11, q = 37 et e = 7. Déchiffrez le chiffré c = 240 : trouvez le message m.

p = 11q = 37e = 7c = 240
m =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

La récurrence T(n) = 2T(n/2) + O(n) a pour solution :

  1. AO(n)
  2. BO(log n)
  3. CO(n log n)
  4. DO(n²)
10.Algorithmes et complexitéDifficile

Le problème de l'arrêt montre que :

  1. ATout programme finit par s'arrêter
  2. BCertains programmes s'exécutent plus vite sur des ordinateurs plus rapides, donc l'arrêt dépend du matériel
  3. CAucun algorithme ne peut décider, pour tout programme et toute entrée, si le programme s'arrête
  4. DIl faut éviter les boucles
11.Structures de donnéesMoyen

Un trie (arbre de préfixes) est particulièrement efficace pour :

  1. ALe tri de nombres
  2. BLa recherche des plus courts chemins
  3. CLes recherches par préfixe, comme l'autocomplétion
  4. DLe stockage de matrices
12.Structures de donnéesDifficile

Que fait un arbre splay (splay tree) après chaque accès ?

  1. AIl déplace le nœud accédé vers une feuille
  2. BIl reconstruit tout l'arbre sous forme équilibrée
  3. CIl fait remonter le nœud accédé jusqu'à la racine par des rotations
  4. DIl recolorie les nœuds du chemin de recherche
13.Théorie des graphesMoyen

Un arbre a 3 sommets de degré 3, 2 sommets de degré 4, 4 sommets de degré 2, et tous ses autres sommets sont des feuilles (degré 1). Combien de feuilles L a-t-il ?

3 × deg 32 × deg 44 × deg 2
L =
14.Théorie des graphesDifficile
2019106171116ABCDE

Trouvez le poids total W d’un arbre couvrant minimal du graphe pondéré.

|V| = 5|E| = 7
W =
15.Bases de données et SQLMoyen

Quelle affirmation sur HAVING est correcte ?

  1. AElle trie les résultats
  2. BElle doit figurer avant WHERE dans l'instruction SELECT
  3. CElle ne peut pas être utilisée avec GROUP BY
  4. DElle peut utiliser des fonctions d'agrégation pour filtrer les groupes
16.Bases de données et SQLDifficile

Il existe un index composé sur (last_name, first_name). Quelle condition peut l'utiliser le plus efficacement ?

  1. AWHERE UPPER(first_name) = 'EVA'
  2. BWHERE first_name LIKE '%a'
  3. CWHERE first_name = 'Eva'
  4. DWHERE last_name = 'Jansen'
17.Réseaux informatiquesMoyen

Combien d'adresses d'hôtes utilisables compte un réseau IPv4 /24 ?

  1. A255
  2. B254
  3. C252
  4. D256
18.Réseaux informatiquesDifficile

Pourquoi TCP choisit-il un numéro de séquence initial imprévisible pour chaque connexion ?

  1. APour compresser plus efficacement les données
  2. BPour chiffrer la charge utile de chaque segment
  3. CPour éviter la confusion avec d'anciens segments et rendre plus difficile l'injection de segments usurpés
  4. DPour choisir la meilleure route vers la destination pour les segments de cette connexion
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
255.255.255.24011111111111111111111111111110000bits réseaubits hôte

Un sous-réseau utilise le masque 255.255.255.240. Combien d’adresses d’hôte utilisables H possède-t-il ?

255.255.255.240
H =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
troisième octet = 137112806403201618040211réseauhôte

Un hôte a l’adresse 172.20.137.225/23. Quel est le troisième octet x de son adresse réseau ?

172.20.137.225/23
x =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: U = 240

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Inverser et ajouter un

16 = 0001 0000
inversé: 1110 1111
+1 → 1111 0000

Le lire en non signé

1111 0000₂ = 256 − 16 = 240

Réponse

U = 240
2.Systèmes de numération

Réponse: b = 12 bit

Systèmes de numération positionnels : chaque chiffre vaut sa valeur multipliée par une puissance de la base. En binaire les positions valent 1, 2, 4, 8, 16, … ; en hexadécimal 1, 16, 256, …, avec A–F pour 10–15. En complément à deux sur 8 bits, le bit de gauche vaut −128 au lieu de +128 : c'est ainsi qu'on stocke les nombres négatifs.

Puissances de deux

211 = 2048 < 2441
212 = 4096 ≥ 2441

Réponse

b = 12
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: ¬a ∧ ¬(b ∨ c)

Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Parties de l’implication

a = ¬a, b = b ∨ c

Négation de l’implication

¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = ¬a ∧ ¬(b ∨ c)

Réponse

¬a ∧ ¬(b ∨ c)

Si l’hypothèse mène à une contradiction, l’implication doit être vraie.

4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: N = 8

Tables de vérité : une formule à n variables distinctes a 2ⁿ lignes, une pour chaque combinaison de valeurs de vérité (1 = vrai, 0 = faux). Travaillez de l’intérieur vers l’extérieur et donnez à chaque sous-formule sa propre colonne. ¬a inverse la valeur ; a ∧ b vaut 1 seulement quand les deux valent 1 ; a ∨ b vaut 0 seulement quand les deux valent 0 ; a → b vaut 0 seulement quand a = 1 et b = 0 ; a ↔ b vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.

Colonnes

¬r; q ∧ ¬r; ¬(q ∧ ¬r); r → p; ¬(q ∧ ¬r) ↔ (r → p); s → q; (s → q) ∨ s; (¬(q ∧ ¬r) ↔ (r → p)) ∧ ((s → q) ∨ s)

Scinder selon p

p = 1: 6
p = 0: 2
N = 6 + 2 = 8

Réponse

N = 8
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: L = 2

Algèbre de Boole : les règles qui simplifient les expressions sont X + X′ = 1 et X·X′ = 0, X + X = X, l’absorption X + X·Y = X, la règle de combinaison X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y et le théorème du consensus XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Les lois de De Morgan transforment (X·Y)′ en X′ + Y′ et (X + Y)′ en X′·Y′. Un tableau de Karnaugh applique ces règles graphiquement : chaque groupe de deux cases voisines est une utilisation de XY + XY′ = X.

Mintermes de l’expression

ABC′ → m(6)
B′C′ → m(0, 4)
A′B′C → m(1)
A′B → m(2, 3)
ABC00011110011011131214050716

Regrouper et lire

F = C′ + A′

Compter les littéraux

L = 2

Réponse

L = 2
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: Q = 6

Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.

État après chaque front

1100 → 0110 → 0011 → 1001 → 1100 → 0110

Valeur décimale

0110₂ = 6

Réponse

Q = 6
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: x = 13

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Première congruence

x = 1 + 3k

Deuxième congruence

1 + 3k ≡ 6 (mod 7) → 3k ≡ 5 (mod 7)
k ≡ 5·5 ≡ 4 (mod 7)

Résultat

x = 1 + 3·4 = 13
x = 13
vérification: 13 mod 3 = 1, 13 mod 7 = 6

Réponse

x = 13
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: m = 190

Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.

Exposant privé

n = 407, φ(n) = 360
d = 7−1 mod 360 = 103

Déchiffrer par carré répété

103 = 64 + 32 + 4 + 2 + 1
2401 ≡ 240 (mod 407)
2402 ≡ 213 (mod 407)
2404 ≡ 192 (mod 407)
2408 ≡ 234 (mod 407)
24016 ≡ 218 (mod 407)
24032 ≡ 312 (mod 407)
24064 ≡ 71 (mod 407)
240103 ≡ 240·213·192·312·71 ≡ 190 (mod 407)

Message

m = 190
vérification: 1907 mod 407 = 240

Réponse

m = 190
9.Algorithmes et complexité

Réponse: C · O(n log n)

Pourquoi c'est la réponse

D'après le théorème maître (a = 2, b = 2, f(n) = n), T(n) = Θ(n log n).

Réponse

C · O(n log n)
10.Algorithmes et complexité

Réponse: C · Aucun algorithme ne peut décider, pour tout programme et toute entrée, si le programme s'arrête

Pourquoi c'est la réponse

Turing a montré que le problème de l'arrêt est indécidable : supposer qu'un décideur existe mène à une contradiction avec un programme qui fait l'inverse.

Réponse

C · Aucun algorithme ne peut décider, pour tout programme et toute entrée, si le programme s'arrête
11.Structures de données

Réponse: C · Les recherches par préfixe, comme l'autocomplétion

Pourquoi c'est la réponse

Les tries stockent les chaînes caractère par caractère le long de chemins, donc les recherches et les requêtes par préfixe prennent un temps proportionnel à la longueur de la clé.

Réponse

C · Les recherches par préfixe, comme l'autocomplétion
12.Structures de données

Réponse: C · Il fait remonter le nœud accédé jusqu'à la racine par des rotations

Pourquoi c'est la réponse

Le splaying déplace le nœud accédé vers la racine par des rotations ; une opération isolée peut coûter O(n), mais le coût amorti est O(log n).

Réponse

C · Il fait remonter le nœud accédé jusqu'à la racine par des rotations
13.Théorie des graphes

Réponse: L = 9

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Lemme des poignées de main pour un arbre

L + 25 = 2(L + 9) − 2
L = 9

Réponse

L = 9

Raccourci : L = 2 + Σ (d − 2) sur les sommets de degré d ≥ 3.

14.Théorie des graphes

Réponse: W = 46

Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.

Algorithme de Kruskal

BD (6): prise
BC (10): prise
DE (11): prise
BE (16): sautée, ferme un cycle
CE (17): sautée, ferme un cycle
AC (19): prise

Poids total

W = 6 + 10 + 11 + 19 = 46

Réponse

W = 46
15.Bases de données et SQL

Réponse: D · Elle peut utiliser des fonctions d'agrégation pour filtrer les groupes

Pourquoi c'est la réponse

HAVING filtre les groupes après l'agrégation et peut faire référence à des agrégats ; WHERE ne le peut pas.

Réponse

D · Elle peut utiliser des fonctions d'agrégation pour filtrer les groupes
16.Bases de données et SQL

Réponse: D · WHERE last_name = 'Jansen'

Pourquoi c'est la réponse

Un index B-tree composé est ordonné par last_name puis par first_name ; une recherche sur la colonne de tête fonctionne, mais first_name seule ne peut pas exploiter cet ordre.

Réponse

D · WHERE last_name = 'Jansen'
17.Réseaux informatiques

Réponse: B · 254

Pourquoi c'est la réponse

Un /24 a 8 bits d'hôte, soit 2⁸ = 256 adresses. Les adresses de réseau et de diffusion sont réservées, il en reste 254 pour les hôtes.

Réponse

B · 254
18.Réseaux informatiques

Réponse: C · Pour éviter la confusion avec d'anciens segments et rendre plus difficile l'injection de segments usurpés

Pourquoi c'est la réponse

Des numéros de séquence initiaux aléatoires empêchent l'acceptation de segments retardés issus d'anciennes connexions et rendent difficile pour un attaquant hors chemin de forger des segments valides.

Réponse

C · Pour éviter la confusion avec d'anciens segments et rendre plus difficile l'injection de segments usurpés
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: H = 14

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Longueur du préfixe

255.255.255.240 = /28

Hôtes utilisables

24 − 2 = 14

Réponse

H = 14
20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: x = 136

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Taille de bloc dans le troisième octet

21 = 2

Sous-réseau de cet hôte

réseau: 172.20.136.0
diffusion: 172.20.137.255

Réponse

x = 136

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