Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
poids en complément à deux1−12816413201608140211

Le motif de 8 bits 1110 0101 stocke un entier signé en complément à deux. Quelle est sa valeur N en décimal ?

1110 01018 bit
N =
2.Systèmes de numérationDifficile
cliquez sur les bits pour les positionner012806403201608040201

Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 1111 0110 << 1. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?

1111 0110<< 1
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
(r ∨ p) ∧ (r ∨ q)r ∨ (p ∧ q)(r ∧ p) ∨ q(r ∧ p) ∨ (r ∧ q)

Quelle formule est logiquement équivalente à r ∧ (p ∨ q) ? Cliquez dessus.

r ∧ (p ∨ q)
  1. 1(r ∨ p) ∧ (r ∨ q)
  2. 2r ∨ (p ∧ q)
  3. 3(r ∧ p) ∨ q
  4. 4(r ∧ p) ∨ (r ∧ q)
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
c ∨ ba ∨ bc ∧ b¬c

Les prémisses a ∨ c; ¬a ∨ b sont données. Quelle conclusion en découle ? Cliquez dessus.

a ∨ c¬a ∨ b
  1. 1c ∨ b
  2. 2a ∨ b
  3. 3c ∧ b
  4. 4¬c
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
ABCD000111100001111010011312040507061120131150140819011110

Utilisez le tableau de Karnaugh pour trouver la forme produit de sommes (POS) minimale de F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 3, 9, 10, 12, 15). Combien de termes somme (facteurs) N a-t-elle ?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 3, 9, 10, 12, 15)
N =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
TQ0​Q0​TQ1​Q1​TQ2​Q2​TQ3​Q3​CLKDOWN

Un compteur binaire décroissant de 4 bits part de 0 (décimal, Q = 0000). Quelle valeur Q (en décimal) affiche-t-il après 22 impulsions d’horloge ?

Q0 = 022n = 4
Q =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Résolvez 31x ≡ 8 (mod 43). Donnez la solution x avec 0 < x < 43.

31x ≡ 8 (mod 43)
x =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (247, 13)d = ?

Une clé RSA utilise les nombres premiers p = 13 et q = 19 et l’exposant public e = 13. Trouvez l’exposant privé d (0 < d < φ(n)).

p = 13q = 19e = 13
d =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

Quelle est la solution de la récurrence T(n) = T(n − 1) + O(1) ?

  1. AO(n²)
  2. BO(n)
  3. CO(log n)
  4. DO(2ⁿ)
10.Algorithmes et complexitéDifficile

Les plus courts chemins simples peuvent être trouvés en temps polynomial. Que sait-on de la recherche du plus long chemin simple entre deux sommets dans un graphe quelconque ?

  1. AOn peut le résoudre avec l'algorithme de Dijkstra en prenant l'opposé des poids
  2. BC'est indécidable
  3. CC'est toujours résoluble en O(V + E)
  4. DC'est NP-difficile
11.Structures de donnéesMoyen

Quelle quantité de mémoire une liste d'adjacence utilise-t-elle pour un graphe à V sommets et E arêtes ?

  1. AO(V²)
  2. BO(E²)
  3. CO(V × E)
  4. DO(V + E)
12.Structures de donnéesDifficile

Dans une table de hachage à adressage ouvert, pourquoi la suppression se fait-elle souvent avec un marqueur « pierre tombale » (tombstone) ?

  1. ACela rend la table triée
  2. BLes clés supprimées doivent être conservées pour toujours pour des raisons de sécurité, si bien que les emplacements ne peuvent jamais être réutilisés
  3. CLes pierres tombales accélèrent le hachage
  4. DVider l'emplacement pourrait interrompre la séquence de sondage d'autres clés
13.Théorie des graphesMoyen

Un arbre a 2 sommets de degré 3, 4 sommets de degré 2, et tous ses autres sommets sont des feuilles (degré 1). Combien de feuilles L a-t-il ?

2 × deg 34 × deg 2
L =
14.Théorie des graphesDifficile
2013112711539ABCDEF

L’algorithme de Prim construit un arbre couvrant minimal en partant du sommet E. Cliquez sur l’arête qu’il ajoute en numéro 4.

départ : Ek = 4
  1. 1arête AB
  2. 2arête AC
  3. 3arête BC
  4. 4arête BD
  5. 5arête CE
  6. 6arête DE
  7. 7arête DF
  8. 8arête EF
  9. 9arête BE
15.Bases de données et SQLMoyen

Que signifie la dépendance fonctionnelle A → B ?

  1. AChaque valeur de A est associée à exactement une valeur de B
  2. BChaque valeur de B est associée à exactement une valeur de A
  3. CA et B sont toutes deux des clés primaires
  4. DA est une clé étrangère qui fait référence à B
16.Bases de données et SQLDifficile

Une application exécute UPDATE item SET qty = 4, version = 8 WHERE id = 1 AND version = 7 et signale un conflit si aucune ligne n'a été mise à jour. De quelle technique s'agit-il ?

  1. ALe verrouillage à deux phases strict avec des verrous de ligne
  2. BLa journalisation anticipée (WAL)
  3. CLe partitionnement (sharding) de la base de données
  4. DLe contrôle de concurrence optimiste
17.Réseaux informatiquesMoyen

Pourquoi un commutateur envoie-t-il parfois une trame sur tous ses ports sauf celui d'arrivée ?

  1. AL'adresse MAC de destination n'est pas encore dans sa table d'adresses
  2. BLa trame a une somme de contrôle IP erronée et doit être vérifiée par chaque hôte
  3. CLa trame est trop grande pour un seul port
  4. DLe commutateur joue le rôle de routeur
18.Réseaux informatiquesDifficile

Que fait principalement BGP sur Internet ?

  1. AIl résout les noms en adresses
  2. BIl chiffre les données entre routeurs
  3. CIl attribue des adresses IP aux particuliers par l'intermédiaire de leurs fournisseurs d'accès
  4. DIl échange des informations de routage entre systèmes autonomes
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
/24 → /2711111111111111111111111111100000bits réseaubits hôte

Le réseau 10.72.168.0/24 est divisé en sous-réseaux égaux de préfixe /27. Combien y a-t-il de sous-réseaux N ?

10.72.168.0/24/27
N =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile

Le réseau 192.168.156.0/24 est découpé en VLSM pour ces LAN : A: 6 hôtes, B: 106 hôtes, C: 7 hôtes, D: 43 hôtes. Les sous-réseaux sont attribués à partir de .0 en montant, le LAN ayant le plus d’hôtes en premier, chacun recevant le plus petit sous-réseau qui convient. Quel est le quatrième octet x de l’adresse réseau du LAN C ?

A: 6B: 106C: 7D: 43
x =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: N = −27

Systèmes de numération positionnels : chaque chiffre vaut sa valeur multipliée par une puissance de la base. En binaire les positions valent 1, 2, 4, 8, 16, … ; en hexadécimal 1, 16, 256, …, avec A–F pour 10–15. En complément à deux sur 8 bits, le bit de gauche vaut −128 au lieu de +128 : c'est ainsi qu'on stocke les nombres négatifs.

Additionner les poids

Les autres bits gardent leurs valeurs positives habituelles.

−128 + 64 + 32 + 4 + 1 = −27

Réponse

N = −27
2.Systèmes de numération

Réponse: R = 236

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Bit par bit

Un décalage à gauche de 1 déplace chaque bit de 1 positions vers la gauche ; les bits qui sortent à l’extrémité gauche sont perdus et des zéros entrent à droite.

1111 0110 << 1
= 1110 1100

Valeur du résultat

1110 1100₂ = 236

Réponse

R = 236
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: (r ∧ p) ∨ (r ∧ q)

Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

La loi

∧ se distribue sur ∨ : a ∧ (b ∨ c) ≡ (a ∧ b) ∨ (a ∧ c).
r ∧ (p ∨ q) ≡ (r ∧ p) ∨ (r ∧ q)

Vérifier avec la table de vérité

p = 1, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 1, r = 0: 0 | 1 1 1 0
p = 1, q = 0, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 0, r = 0: 0 | 0 0 0 0
p = 0, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 0, q = 1, r = 0: 0 | 0 0 1 0
p = 0, q = 0, r = 1: 0 | 1 1 0 0
p = 0, q = 0, r = 0: 0 | 0 0 0 0

Réponse

(r ∧ p) ∨ (r ∧ q)

Les colonnes après la barre sont les options dans l’ordre affiché.

4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: c ∨ b

Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.

Lignes où toutes les prémisses sont vraies

a = 1, b = 1, c = 1: c ∨ b = 1, a ∨ b = 1, c ∧ b = 1, ¬c = 0
a = 1, b = 1, c = 0: c ∨ b = 1, a ∨ b = 1, c ∧ b = 0, ¬c = 1
a = 0, b = 1, c = 1: c ∨ b = 1, a ∨ b = 1, c ∧ b = 1, ¬c = 0
a = 0, b = 0, c = 1: c ∨ b = 1, a ∨ b = 0, c ∧ b = 0, ¬c = 0

Conclusion

c ∨ b (résolution)

Réponse

c ∨ b
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: N = 6

Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.

ABCD000111100001111010011312040507061120131150140819011110

Regrouper les 0

Chaque groupe est un rectangle de 2ᵏ cases ; les cases de bord sont voisines des cases du bord opposé.

(B′ + C + D′)
(B′ + C′ + D)
(A + C + D′)
(A + B′)
(A′ + B + C + D)
(A′ + B + C′ + D′)

Forme POS minimale

F = (B′ + C + D′)(B′ + C′ + D)(A + C + D′)(A + B′)(A′ + B + C + D)(A′ + B + C′ + D′)
N = 6

Réponse

N = 6
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: Q = 10

Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.

Cycles complets

Toutes les 16 impulsions ramènent le compteur au même état.

22 = 1·16 + 6

Valeur après les impulsions restantes

Q = (0 − 6) mod 16 = 10
Q = 1010₂

Réponse

Q = 10
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: x = 28

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Inversez de 31

r = 43, t = 0
r = 31, q = 1, t = 1
r = 12, q = 2, t = −1
r = 7, q = 1, t = 3
r = 5, q = 1, t = −4
r = 2, q = 2, t = 7
r = 1, q = 2, t = −18
31−1 ≡ 25 (mod 43)

Résoudre

x ≡ 25·8 = 200 ≡ 28 (mod 43)
vérification: 31·28 = 868 ≡ 8 (mod 43)

Réponse

x = 28
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: d = 133

Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.

Module et indicatrice

n = 13·19 = 247
φ(n) = 12·18 = 216

Algorithme d’Euclide étendu

r = 216, t = 0
r = 13, q = 16, t = 1
r = 8, q = 1, t = −16
r = 5, q = 1, t = 17
r = 3, q = 1, t = −33
r = 2, q = 1, t = 50
r = 1, q = 2, t = −83

Exposant privé

d = 133
vérification: 13·133 = 1729 = 8·216 + 1

Réponse

d = 133
9.Algorithmes et complexité

Réponse: B · O(n)

Pourquoi c'est la réponse

Il y a n niveaux avec un travail constant chacun, comme pour la somme récursive d'un tableau.

Réponse

B · O(n)
10.Algorithmes et complexité

Réponse: D · C'est NP-difficile

Pourquoi c'est la réponse

Un plus long chemin simple de longueur V − 1 est un chemin hamiltonien, problème NP-complet ; sur les graphes orientés acycliques, il est cependant résoluble en temps linéaire.

Réponse

D · C'est NP-difficile
11.Structures de données

Réponse: D · O(V + E)

Pourquoi c'est la réponse

Chaque sommet a une liste et chaque arête apparaît une fois (orienté) ou deux fois (non orienté), ce qui donne O(V + E).

Réponse

D · O(V + E)
12.Structures de données

Réponse: D · Vider l'emplacement pourrait interrompre la séquence de sondage d'autres clés

Pourquoi c'est la réponse

Si un emplacement supprimé devenait vide, les recherches ultérieures pourraient s'arrêter trop tôt et manquer des clés placées plus loin dans la chaîne de sondage.

Réponse

D · Vider l'emplacement pourrait interrompre la séquence de sondage d'autres clés
13.Théorie des graphes

Réponse: L = 4

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Lemme des poignées de main pour un arbre

L + 14 = 2(L + 6) − 2
L = 4

Réponse

L = 4

Raccourci : L = 2 + Σ (d − 2) sur les sommets de degré d ≥ 3.

14.Théorie des graphes

Réponse: arête BC

Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.

Algorithme de Prim

1. EF (3)
2. DF (5)
3. CE (7)
4. BC (1)
5. AC (13)

numéro de l’arête 4

BC

Réponse

arête BC
15.Bases de données et SQL

Réponse: A · Chaque valeur de A est associée à exactement une valeur de B

Pourquoi c'est la réponse

A → B signifie que deux lignes ayant la même valeur de A doivent avoir la même valeur de B ; A détermine B.

Réponse

A · Chaque valeur de A est associée à exactement une valeur de B
16.Bases de données et SQL

Réponse: D · Le contrôle de concurrence optimiste

Pourquoi c'est la réponse

Le verrouillage optimiste suppose que les conflits sont rares : il vérifie une colonne de version lors de l'écriture et échoue si une autre transaction a modifié la ligne entre-temps.

Réponse

D · Le contrôle de concurrence optimiste
17.Réseaux informatiques

Réponse: A · L'adresse MAC de destination n'est pas encore dans sa table d'adresses

Pourquoi c'est la réponse

Pour une adresse unicast inconnue, le commutateur inonde la trame. Lorsque la destination répond, le commutateur apprend son port à partir de l'adresse MAC source.

Réponse

A · L'adresse MAC de destination n'est pas encore dans sa table d'adresses
18.Réseaux informatiques

Réponse: D · Il échange des informations de routage entre systèmes autonomes

Pourquoi c'est la réponse

BGP est le protocole de routage inter-domaines ; les systèmes autonomes (AS) annoncent les préfixes joignables et choisissent les chemins selon des politiques.

Réponse

D · Il échange des informations de routage entre systèmes autonomes
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: N = 8

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Bits empruntés

27 − 24 = 3

Nombre de sous-réseaux

N = 23 = 8

Réponse

N = 8

Chaque sous-réseau /27 a 25 − 2 = 30 hôtes utilisables.

20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: x = 192

VLSM : chaque LAN reçoit le plus petit sous-réseau tel que 2ʰ − 2 ≥ son nombre d’hôtes, c’est-à-dire un préfixe 32 − h. Attribuer d’abord les plus grands sous-réseaux garde chaque bloc aligné sur un multiple de sa propre taille, donc les adresses réseau s’obtiennent en additionnant les tailles de bloc.

Taille de bloc par LAN

B: 106 hôtes → 27 = 128 (/25)
D: 43 hôtes → 26 = 64 (/26)
C: 7 hôtes → 24 = 16 (/28)
A: 6 hôtes → 23 = 8 (/29)

Attribution, du plus grand au plus petit

B: .0 – .127
D: .128 – .191
C: .192 – .207
A: .208 – .215

Réponse

x = 192

LAN C : 192.168.156.192/28.

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