Fondements de l’informatique : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 20 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Systèmes de numération

Poids des positions
binaire 2k, octal 8k, hexa 16k
Vers le décimal
Σ dk·bk
Depuis le décimal
diviser par la base, lire les restes de bas en haut
Hexa ↔ binaire
un chiffre hexa = 4 bits
Complément à deux
inverser les bits et ajouter 1

Logique propositionnelle et preuves

Lignes d’une table de vérité
2ⁿ
Implication
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implication niée
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Équivalence
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Lois de distributivité
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificateurs niés
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Méthode

  1. Comptez les variables distinctes : la table de vérité a 2ⁿ lignes, la première avec toutes les variables à 1.
  2. Donnez à chaque sous-formule sa propre colonne et remplissez les colonnes de l’intérieur vers l’extérieur.
  3. Appliquez la règle de chaque connecteur : → n’est 0 que pour 1 → 0, ↔ vaut 1 quand les deux côtés sont égaux.
  4. Pour des équivalences, comparez les colonnes finales ligne par ligne ; pour un raisonnement, regardez seulement les lignes où toutes les prémisses valent 1.
  5. Pour nier un énoncé quantifié, faites passer ¬ vers l’intérieur, échangez ∀ et ∃, et niez la formule intérieure.

Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Portes de base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Règles booléennes
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordre du tableau de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groupe de 2ᵏ cases
perd k variables
Multiplexeur 4 vers 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Bascules
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Compteurs
n bits : 2ⁿ états ; modulo N : plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N ; fout = fclk/N
Compteur asynchrone
fmax = 1/(n·tpd)
Compteurs en anneau et Johnson
n et 2n états

Méthode

  1. Pour un circuit, travaillez des entrées vers la sortie, une porte à la fois, et écrivez la valeur sur chaque fil, ou écrivez son expression et remplissez la table de vérité.
  2. Pour la simplification, placez les 1 (et les états indifférents sous forme de X) dans un tableau de Karnaugh dont les lignes et colonnes suivent le code de Gray : 00, 01, 11, 10.
  3. Couvrez les 1 avec le moins possible de groupes de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible, en débordant sur les bords ; chaque groupe est un terme produit formé des variables qui restent constantes. Regroupez les 0 pour la forme POS.
  4. Pour les bascules et les compteurs, lisez les entrées à chaque front d’horloge actif, notez l’état après chaque front, et rappelez-vous qu’un compteur de n bits repasse à zéro après 2ⁿ états.

Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Division avec reste
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Plus petit commun multiple
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruence linéaire
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Indicatrice d’Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Méthode

  1. Réduisez d’abord chaque nombre modulo n ; les restes sont compris entre 0 et n − 1.
  2. Pour un pgcd, divisez plusieurs fois avec l’algorithme d’Euclide ; le dernier reste non nul est le pgcd.
  3. Pour un inverse, appliquez l’algorithme étendu et gardez le coefficient de a ; ajoutez n s’il est négatif.
  4. Résolvez a·x ≡ b en multipliant par a⁻¹ ; combinez deux congruences en écrivant x = r₁ + m₁k.
  5. Pour les puissances, écrivez l’exposant en binaire et élevez au carré à répétition ; en RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) avec φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Théorie des graphes

Lemme des poignées de main
Σ deg(v) = 2|E|
Graphes complets
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graphe régulier
|E| = n·k/2
Arbre et forêt
|E| = n − 1, |E| = n − c
Feuilles d’un arbre
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit : tous les degrés pairs ; chemin : exactement 2 degrés impairs
Circuits hamiltoniens dans Kn
(n − 1)!/2
Mise à jour de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marches de longueur L
(Mᴸ)ij

Méthode

  1. Notez le degré de chaque sommet ; la somme des degrés vaut deux fois le nombre d’arêtes.
  2. Pour les questions d’Euler, vérifiez que le graphe est connexe et comptez les sommets de degré impair.
  3. Pour les arbres, utilisez n − 1 arêtes et le lemme des poignées de main.
  4. Pour Dijkstra, tenez un tableau des distances provisoires et fixez à chaque tour le sommet non fixé de plus petite distance.
  5. Pour un arbre couvrant minimal, triez les arêtes par poids et sautez toute arête qui ferme un cycle (Kruskal), ou faites croître un arbre à partir d’un sommet de départ (Prim).

Sous-réseaux IPv4

Hôtes par sous-réseau
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Taille de bloc
256 − (mask octet)
Adresse réseau
IP AND masque
Adresse de diffusion
IP OR (NOT masque) : tous les bits d’hôte à 1
Sous-réseaux avec n bits empruntés
2n

2Exercices

1.Systèmes de numérationMoyen
complément à deux sur 8 bits0−12806403201608040201

Positionnez les bits pour qu’ils représentent −17 en complément à deux sur 8 bits. Lu comme un nombre non signé, quelle est la valeur U du motif ?

N = −178 bit
U =
2.Systèmes de numérationDifficile
cliquez sur les bits pour les positionner012806403201608040201

Positionnez les bits sur le résultat sur 8 bits de 0001 1001 << 1. Quelle est la valeur R du résultat en décimal ?

0001 1001<< 1
R =
3.Logique propositionnelle et preuvesMoyen
¬(p ∧ q) ∧ r(p ∧ q) ∧ ¬r¬(p ∧ q) → ¬r¬(p ∧ q) ∧ ¬r

Vous voulez prouver (p ∧ q) → r par l’absurde. Quel énoncé supposez-vous au départ ? Cliquez dessus.

(p ∧ q) → r
  1. 1¬(p ∧ q) ∧ r
  2. 2(p ∧ q) ∧ ¬r
  3. 3¬(p ∧ q) → ¬r
  4. 4¬(p ∧ q) ∧ ¬r
4.Logique propositionnelle et preuvesDifficile
c ∧ ab ∨ a¬cc ∨ a

Les prémisses b ∨ c; ¬b ∨ a sont données. Quelle conclusion en découle ? Cliquez dessus.

b ∨ c¬b ∨ a
  1. 1c ∧ a
  2. 2b ∨ a
  3. 3¬c
  4. 4c ∨ a
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesMoyen
ABCD000111100001111000010312141517160120130150140809111010

Utilisez le tableau de Karnaugh pour trouver la forme produit de sommes (POS) minimale de F(A, B, C, D) = Σm(2, 4, 5, 6, 7, 11). Combien de termes somme (facteurs) N a-t-elle ?

F(A, B, C, D) = Σm(2, 4, 5, 6, 7, 11)
N =
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et basculesDifficile
DQ3​Q3​DQ2​Q2​DQ1​Q1​DQ0​Q0​CLKSHIFT

Un registre à décalage de 4 bits Q₃Q₂Q₁Q₀ contient 0100. À chaque front d’horloge, les bits se décalent d’une place vers la droite (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀, Q₀ est perdu) et l’entrée série entre dans Q₃. L’entrée série vaut 1, 1, 1, 1, 1, 1, 0 aux fronts 7. Donnez l’état final Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ sous forme de nombre décimal.

Q₃Q₂Q₁Q₀ = 01001, 1, 1, 1, 1, 1, 0
Q =
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaireMoyen

Trouvez l’inverse de 4 modulo 19 : le nombre x avec 0 < x < 19 et 4·x ≡ 1 (mod 19).

a = 4n = 19
4−1 mod 19 =
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaireDifficile

Utilisez le carré répété pour trouver 7468 mod 99.

a = 74k = 68n = 99
7468 mod 99 =
9.Algorithmes et complexitéMoyen

Quelle est la solution de la récurrence T(n) = T(n − 1) + O(n) ?

  1. AO(n²)
  2. BO(n)
  3. CO(n log n)
  4. DO(2ⁿ)
10.Algorithmes et complexitéDifficile

Quelle définition de la classe P est correcte ?

  1. ALes problèmes dont les solutions peuvent être vérifiées mais jamais trouvées en temps polynomial
  2. BLes problèmes qui demandent un temps exponentiel sur tout ordinateur
  3. CLes problèmes qui peuvent être résolus en parallèle
  4. DLes problèmes de décision résolubles par un algorithme déterministe en temps polynomial
11.Structures de donnéesMoyen

Combien de temps prend la recherche d'un mot de longueur L dans un trie à alphabet fixe ?

  1. AO(n), où n est le nombre de mots
  2. BO(L), quel que soit le nombre de mots stockés
  3. CO(log n), où n est le nombre de mots
  4. DO(L × n)
12.Structures de donnéesDifficile

Pourquoi les bases de données utilisent-elles souvent des arbres B+ plutôt que de simples B-arbres pour leurs index ?

  1. ATous les enregistrements sont dans des feuilles chaînées, ce qui rend les parcours d'intervalle efficaces
  2. BLes arbres B+ n'ont pas besoin d'être équilibrés
  3. CLes arbres B+ ne stockent les données que dans la racine
  4. DLes arbres B+ utilisent des nœuds internes binaires, ce qui réduit le nombre de lectures sur disque
13.Théorie des graphesMoyen

Un graphe connexe a 15 sommets et 26 arêtes. Combien d’arêtes k faut-il retirer pour obtenir un arbre couvrant ?

|V| = 15|E| = 26
k =
14.Théorie des graphesDifficile
10144912168ABCDEF

Utilisez l’algorithme de Dijkstra pour trouver la longueur d(F) du plus court chemin de A à F dans le graphe pondéré.

départ : Aarrivée : F
d(F) =
15.Bases de données et SQLMoyen

En algèbre relationnelle, l'opérateur de sélection (σ) correspond à quelle clause SQL ?

  1. ALa liste du SELECT
  2. BGROUP BY
  3. CWHERE
  4. DORDER BY
16.Bases de données et SQLDifficile

Quand un ordonnancement de transactions concurrentes est-il dit sérialisable ?

  1. AQuand les transactions s'exécutent sur un seul processeur
  2. BQuand son effet équivaut à une exécution en série des mêmes transactions
  3. CQuand chaque transaction reçoit un numéro de série
  4. DQuand aucune transaction ne lit jamais de données
17.Réseaux informatiquesMoyen

Quelle est l'adresse de bouclage IPv6 ?

  1. Afe80::1
  2. B::
  3. Cff02::1
  4. D::1
18.Réseaux informatiquesDifficile

Les stations A et C atteignent toutes deux le point d'accès B mais ne s'entendent pas, si bien que leurs trames entrent en collision en B. Comment 802,11 aide-t-il ?

  1. AEn faisant utiliser la détection de collision à A et C pour qu'elles cessent d'émettre quand leurs trames se chevauchent
  2. BPar des échanges RTS/CTS facultatifs : le CTS du point d'accès indique à toutes les stations proches d'attendre
  3. CEn routant les trames de A via C
  4. DEn augmentant le TTL des trames
19.Sous-réseaux IPv4Moyen
255.255.255.22411111111111111111111111111100000bits réseaubits hôte

Un sous-réseau utilise le masque 255.255.255.224. Combien d’adresses d’hôte utilisables H possède-t-il ?

255.255.255.224
H =
20.Sous-réseaux IPv4Difficile
troisième octet 2 … 9012806403201608041201communsvariables

Un routeur a des routes vers ces réseaux : 10.225.2.0/24, 10.225.3.0/24, 10.225.4.0/24, 10.225.5.0/24, 10.225.6.0/24, 10.225.7.0/24, 10.225.8.0/24, 10.225.9.0/24. Quelle est la plus grande longueur de préfixe p d’une route résumée unique qui les couvre tous ?

10.225.2.0/24 … 10.225.9.0/24
p =

3Solutions

1.Systèmes de numération

Réponse: U = 239

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Inverser et ajouter un

17 = 0001 0001
inversé: 1110 1110
+1 → 1110 1111

Le lire en non signé

1110 1111₂ = 256 − 17 = 239

Réponse

U = 239
2.Systèmes de numération

Réponse: R = 50

Positionner les bits : chaque bit vaut une puissance de deux (128, 64, …, 1). Un chiffre hexadécimal correspond exactement à quatre bits, et en complément à deux sur 8 bits, le bit le plus à gauche vaut −128. Les opérations bit à bit s’appliquent séparément à chaque position de bit.

Bit par bit

Un décalage à gauche de 1 déplace chaque bit de 1 positions vers la gauche ; les bits qui sortent à l’extrémité gauche sont perdus et des zéros entrent à droite.

0001 1001 << 1
= 0011 0010

Valeur du résultat

0011 0010₂ = 50

Réponse

R = 50
3.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: (p ∧ q) ∧ ¬r

Équivalence logique : deux formules sont équivalentes (≡) quand elles ont la même valeur dans chaque ligne de la table de vérité. Une tautologie vaut 1 dans toutes les lignes, une contradiction 0 dans toutes les lignes, et une contingence n’est ni l’une ni l’autre. Lois utiles : De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b et ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b ; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contraposée) ; ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b ; et les lois de distributivité, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Parties de l’implication

a = p ∧ q, b = r

Négation de l’implication

¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = (p ∧ q) ∧ ¬r

Réponse

(p ∧ q) ∧ ¬r

Si l’hypothèse mène à une contradiction, l’implication doit être vraie.

4.Logique propositionnelle et preuves

Réponse: c ∨ a

Quantificateurs et raisonnements : ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) et ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Faites passer une négation vers l’intérieur, échangez chaque quantificateur qu’elle traverse, et niez la formule intérieure avec les lois propositionnelles, comme ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un raisonnement est valide quand la conclusion vaut 1 dans toutes les lignes où toutes les prémisses valent 1. Une seule ligne avec des prémisses vraies et une conclusion fausse est un contre-exemple et montre que le raisonnement est invalide.

Lignes où toutes les prémisses sont vraies

a = 1, b = 1, c = 1: c ∧ a = 1, b ∨ a = 1, ¬c = 0, c ∨ a = 1
a = 1, b = 1, c = 0: c ∧ a = 0, b ∨ a = 1, ¬c = 1, c ∨ a = 1
a = 1, b = 0, c = 1: c ∧ a = 1, b ∨ a = 1, ¬c = 0, c ∨ a = 1
a = 0, b = 0, c = 1: c ∧ a = 0, b ∨ a = 0, ¬c = 0, c ∨ a = 1

Conclusion

c ∨ a (résolution)

Réponse

c ∨ a
5.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: N = 4

Tableaux de Karnaugh : les cases sont ordonnées en code de Gray (00, 01, 11, 10), donc les cases voisines, y compris celles de part et d’autre des bords, diffèrent par exactement une variable. Regroupez les 1 en rectangles de 1, 2, 4, 8 ou 16 cases, aussi grands que possible et en aussi petit nombre que possible, jusqu’à ce que chaque 1 soit couvert. Chaque groupe est un terme produit : les variables qui restent constantes à l’intérieur. Un groupe de 2ᵏ cases perd k variables. Les états indifférents (X) peuvent servir à agrandir les groupes mais n’ont jamais besoin d’être couverts. Regrouper les 0 donne la forme POS minimale.

ABCD000111100001111000010312141517160120130150140809111010

Regrouper les 0

Chaque groupe est un rectangle de 2ᵏ cases ; les cases de bord sont voisines des cases du bord opposé.

(B + C)
(A′ + D)
(A′ + B′)
(A + B + D′)

Forme POS minimale

F = (B + C)(A′ + D)(A′ + B′)(A + B + D′)
N = 4

Réponse

N = 4
6.Logique numérique : portes, tableaux de Karnaugh et bascules

Réponse: Q = 7

Bascules et compteurs : une bascule ne change qu’au front actif de l’horloge. D copie son entrée (Q⁺ = D) ; T change d’état quand T = 1 ; JK conserve pour 00, remet à 0 pour 01, met à 1 pour 10 et change d’état pour 11. Un compteur binaire de n bits a 2ⁿ états et compte modulo 2ⁿ ; un compteur modulo N va de 0, 1, …, N − 1 puis revient à 0, et exige le plus petit n tel que 2ⁿ ≥ N bascules. Chaque étage d’un compteur asynchrone divise la fréquence par deux, donc la dernière sortie d’un compteur modulo N tourne à fclk/N. Un compteur Johnson de n bascules a 2n états, un compteur en anneau n.

État après chaque front

0100 → 1010 → 1101 → 1110 → 1111 → 1111 → 1111 → 0111

Valeur décimale

0111₂ = 7

Réponse

Q = 7
7.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: 4−1 mod 19 = 5

Inverses et congruences : a a un inverse modulo n exactement quand pgcd(a, n) = 1. L’algorithme d’Euclide étendu écrit 1 = s·n + t·a, et alors a⁻¹ ≡ t (mod n). Une congruence a·x ≡ b (mod n) avec pgcd(a, n) = 1 a pour solution x ≡ a⁻¹·b. Deux congruences x ≡ r₁ (mod m₁) et x ≡ r₂ (mod m₂) à modules premiers entre eux ont une solution modulo m₁·m₂ (théorème des restes chinois). L’indicatrice d’Euler φ(n) compte les nombres de 1 à n premiers avec n : φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algorithme d’Euclide étendu

Chaque reste r s’écrit r ≡ t·4 (mod 19).

r = 19, t = 0
r = 4, q = 4, t = 1
r = 3, q = 1, t = −4
r = 1, q = 3, t = 5

Inverse

1 ≡ 5·4 (mod 19)
x = 5
vérification: 4·5 = 20 = 1·19 + 1

Réponse

4−1 mod 19 = 5
8.Théorie des nombres et arithmétique modulaire

Réponse: 7468 mod 99 = 49

Puissances modulaires et RSA : calculez aᵏ mod n par carrés répétés : écrivez k en binaire, élevez au carré, réduisez après chaque étape et multipliez les puissances dont le bit vaut 1. Fermat : aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pour un nombre premier p ne divisant pas a, donc l’exposant peut être réduit modulo p − 1. RSA : choisissez des nombres premiers p et q, n = p·q et φ(n) = (p − 1)(q − 1) ; l’exposant public e est premier avec φ(n), et l’exposant privé est d = e⁻¹ mod φ(n). Chiffre avec c = mᵉ mod n et déchiffrez avec m = cᵈ mod n.

Exposant binaire

68 = 10001002 = 64 + 4

Carré répété

741 ≡ 74 (mod 99)
742 ≡ 31 (mod 99)
744 ≡ 70 (mod 99)
748 ≡ 49 (mod 99)
7416 ≡ 25 (mod 99)
7432 ≡ 31 (mod 99)
7464 ≡ 70 (mod 99)

Multiplier les puissances nécessaires

7468 ≡ 70·70 ≡ 49 (mod 99)

Réponse

7468 mod 99 = 49
9.Algorithmes et complexité

Réponse: A · O(n²)

Pourquoi c'est la réponse

Le travail totalise environ n² / 2 ; c'est la récurrence du tri par sélection ou du tri rapide avec le pire pivot.

Réponse

A · O(n²)
10.Algorithmes et complexité

Réponse: D · Les problèmes de décision résolubles par un algorithme déterministe en temps polynomial

Pourquoi c'est la réponse

P contient les problèmes de décision admettant un algorithme déterministe en temps polynomial, comme vérifier si un graphe est connexe.

Réponse

D · Les problèmes de décision résolubles par un algorithme déterministe en temps polynomial
11.Structures de données

Réponse: B · O(L), quel que soit le nombre de mots stockés

Pourquoi c'est la réponse

Chaque caractère sélectionne un enfant, donc une recherche prend L étapes quel que soit le nombre de mots contenus dans le trie.

Réponse

B · O(L), quel que soit le nombre de mots stockés
12.Structures de données

Réponse: A · Tous les enregistrements sont dans des feuilles chaînées, ce qui rend les parcours d'intervalle efficaces

Pourquoi c'est la réponse

Dans un arbre B+, les nœuds internes servent uniquement à guider la recherche et les feuilles sont chaînées dans l'ordre des clés ; une requête par intervalle trouve la première clé puis parcourt les feuilles.

Réponse

A · Tous les enregistrements sont dans des feuilles chaînées, ce qui rend les parcours d'intervalle efficaces
13.Théorie des graphes

Réponse: k = 12

Euler, Hamilton et arbres : un graphe connexe a un circuit eulérien (chaque arête une fois, retour au départ) quand tous les sommets ont un degré pair, et un chemin eulérien qui n’est pas un circuit quand exactement deux sommets ont un degré impair ; le chemin va alors d’un sommet impair à l’autre. Un circuit hamiltonien visite chaque sommet une fois ; Kn en a (n − 1)!/2. Un arbre à n sommets a n − 1 arêtes, et un graphe connexe à m arêtes conserve un arbre couvrant après suppression de m − n + 1 arêtes.

Arêtes d’un arbre couvrant

15 − 1 = 14

Arêtes à retirer

k = 26 − 14 = 12

Réponse

k = 12
14.Théorie des graphes

Réponse: d(F) = 25

Plus courts chemins et arbres couvrants : l’algorithme de Dijkstra fixe un sommet par tour : le sommet non fixé de plus petite distance provisoire. Sa distance est alors définitive, et chaque voisin v reçoit d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algorithme de Kruskal construit un arbre couvrant minimal en prenant les arêtes de la plus légère à la plus lourde et en sautant toute arête qui fermerait un cycle ; l’algorithme de Prim fait croître un arbre à partir d’un sommet de départ en ajoutant toujours l’arête la plus légère qui en sort. Un arbre couvrant à n sommets a n − 1 arêtes.

Dijkstra tour par tour

Chaque ligne : le sommet fixé, sa distance définitive, et les voisins dont la distance s’améliore.

A (0): C: 10
C (10): B: 24, E: 19
E (19): D: 31, F: 25
B (24): D: 28
F (25): D: 26
D (26)

Plus court chemin

A → C → E → F
d(F) = 25

Réponse

d(F) = 25
15.Bases de données et SQL

Réponse: C · WHERE

Pourquoi c'est la réponse

σcondition(R) renvoie les tuples de R qui satisfont la condition, comme une clause WHERE.

Réponse

C · WHERE
16.Bases de données et SQL

Réponse: B · Quand son effet équivaut à une exécution en série des mêmes transactions

Pourquoi c'est la réponse

La sérialisabilité est le principal critère de correction de la concurrence : le résultat entrelacé doit être égal au résultat d'un certain ordre d'exécution une par une.

Réponse

B · Quand son effet équivaut à une exécution en série des mêmes transactions
17.Réseaux informatiques

Réponse: D · ::1

Pourquoi c'est la réponse

::1 est l'adresse de bouclage. :: est l'adresse non spécifiée, fe80::/10 est le lien local et ff02::1 le groupe multicast de tous les nœuds.

Réponse

D · ::1
18.Réseaux informatiques

Réponse: B · Par des échanges RTS/CTS facultatifs : le CTS du point d'accès indique à toutes les stations proches d'attendre

Pourquoi c'est la réponse

Une station envoie un Request to Send ; le point d'accès répond par un Clear to Send que toutes les stations de sa portée entendent, de sorte que les stations cachées diffèrent leur émission pendant la durée réservée.

Réponse

B · Par des échanges RTS/CTS facultatifs : le CTS du point d'accès indique à toutes les stations proches d'attendre
19.Sous-réseaux IPv4

Réponse: H = 30

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Longueur du préfixe

255.255.255.224 = /27

Hôtes utilisables

25 − 2 = 30

Réponse

H = 30
20.Sous-réseaux IPv4

Réponse: p = 20

Résumé de routes : une route résumée a.b.c.0/p couvre tous les réseaux dont les p premiers bits correspondent. Écrivez en binaire l’octet qui diffère pour le premier et le dernier réseau ; le nombre de bits de tête communs, plus les bits des octets qui le précèdent, donne le plus long préfixe de résumé.

Comparer les bits

2 = 00000010
9 = 00001001
bits de tête communs : 4

Longueur du préfixe

p = 16 + 4 = 20

Réponse

p = /20

Route résumée : 10.225.0.0/20 (elle couvre aussi 8 réseau(x) qui ne figurent pas dans la liste).

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