Fondamenti di informatica: pacchetto last-minute

Formulari, i passaggi chiave del metodo per ogni argomento e 20 esercizi, con le soluzioni complete in fondo.

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1Formule e metodi

Sistemi di numerazione

Pesi delle posizioni
binario 2k, ottale 8k, esadecimale 16k
In decimale
Σ dk·bk
Da decimale
dividi per la base e leggi i resti dal basso verso l’alto
Esadecimale ↔ binario
una cifra esadecimale = 4 bit
Complemento a due
inverti i bit e aggiungi 1

Logica proposizionale e dimostrazioni

Righe di una tabella di verità
2ⁿ
Implicazione
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implicazione negata
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Doppia implicazione
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Leggi distributive
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Quantificatori negati
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metodo

  1. Conta le variabili distinte: la tabella di verità ha 2ⁿ righe, e la prima ha tutti i valori a 1.
  2. Assegna a ogni sottoformula una colonna propria e compila le colonne dall’interno verso l’esterno.
  3. Applica la regola di ogni connettivo: → vale 0 solo per 1 → 0, ↔ vale 1 quando i due lati coincidono.
  4. Per le equivalenze, confronta riga per riga le colonne finali; per un argomento, guarda solo le righe in cui ogni premessa vale 1.
  5. Per negare un enunciato quantificato, sposta ¬ verso l’interno, scambia ∀ e ∃ e nega la formula interna.

Logica digitale: porte, mappe K e flip-flop

Porte di base
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Regole booleane
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordine della mappa di Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Gruppo di 2ᵏ celle
perde k variabili
Multiplexer 4 a 1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Contatori
n bit: 2ⁿ stati; mod N: n minimo con 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Contatore asincrono (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Contatori ad anello e Johnson
n e 2n stati

Metodo

  1. Per un circuito, procedi dagli ingressi all’uscita una porta alla volta e scrivi il valore su ogni filo, oppure scrivi la sua espressione e compila la tabella di verità.
  2. Per la semplificazione, riporta gli 1 (e le condizioni di indifferenza come X) in una mappa di Karnaugh con righe e colonne in codice Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Copri gli 1 con il minor numero possibile di gruppi, i più grandi possibile, di 1, 2, 4, 8 o 16 celle, richiudendoli sui bordi; ogni gruppo è un termine prodotto formato dalle variabili che restano costanti. Raggruppa gli 0 per la forma POS.
  4. Per flip-flop e contatori, leggi gli ingressi a ogni fronte attivo del clock, scrivi lo stato dopo ogni fronte e ricorda che un contatore a n bit ricomincia da capo dopo 2ⁿ stati.

Teoria dei numeri e aritmetica modulare

Divisione con resto
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclide
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Minimo comune multiplo
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inversa
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruenza lineare
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funzione φ di Eulero
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metodo

  1. Riduci prima ogni numero modulo n; i resti sono compresi tra 0 e n − 1.
  2. Per un MCD, dividi ripetutamente con l’algoritmo di Euclide; l’ultimo resto diverso da zero è il MCD.
  3. Per un inverso, esegui l’algoritmo esteso e tieni il coefficiente di a; aggiungi n se è negativo.
  4. Risolvi a·x ≡ b moltiplicando per a⁻¹; combina due congruenze scrivendo x = r₁ + m₁k.
  5. Per le potenze, scrivi l’esponente in binario ed eleva al quadrato ripetutamente; in RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) con φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teoria dei grafi

Lemma delle strette di mano
Σ deg(v) = 2|E|
Grafi completi
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Grafo regolare
|E| = n·k/2
Albero e foresta
|E| = n − 1, |E| = n − c
Foglie di un albero
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Eulero
circuito: tutti i gradi pari; cammino: esattamente 2 gradi dispari
Cicli hamiltoniani in Kn
(n − 1)!/2
Aggiornamento di Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Cammini di lunghezza L
(Mᴸ)ij

Metodo

  1. Scrivi il grado di ogni vertice; la somma dei gradi è il doppio del numero di lati.
  2. Nelle domande su Eulero, verifica che il grafo sia connesso e conta i vertici di grado dispari.
  3. Per gli alberi, usa n − 1 lati e il lemma delle strette di mano.
  4. Per Dijkstra, tieni una tabella delle distanze provvisorie e a ogni passo fissa il vertice non ancora fissato con la distanza minima.
  5. Per un albero di copertura minimo, ordina i lati per peso e salta ogni lato che chiude un ciclo (Kruskal), oppure fai crescere un solo albero a partire da un vertice iniziale (Prim).

Sottoreti IPv4

Host per sottorete
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Dimensione del blocco
256 − (mask octet)
Indirizzo di rete
IP AND maschera
Indirizzo di broadcast
IP OR (NOT maschera): tutti i bit di host a 1
Sottoreti da n bit presi in prestito
2n

2Esercizi

1.Sistemi di numerazioneMedia
complemento a due a 8 bit0−12806403201608040201

Imposta i bit in modo che memorizzino −29 in complemento a due a 8 bit. Letto come numero senza segno, qual è il valore U dello schema?

N = −298 bit
U =
2.Sistemi di numerazioneDifficile
Complemento a due a 16 bit, N = ??segno???????????????

Qual è l'intero più negativo N memorizzabile in complemento a due a 16 bit?

16 bit
N =
3.Logica proposizionale e dimostrazioniMedia
(r → q) ∨ (q → r)(r → q) ∧ (q → r)r ∧ q(r → q) ∧ (¬q → ¬r)

Quale formula è logicamente equivalente a r ↔ q? Clicca su di essa.

r ↔ q
  1. 1(r → q) ∨ (q → r)
  2. 2(r → q) ∧ (q → r)
  3. 3r ∧ q
  4. 4(r → q) ∧ (¬q → ¬r)
4.Logica proposizionale e dimostrazioniDifficile
∀x ∀y ¬R(x, y)∃x ∀y ¬R(x, y)∀x ∃y ¬R(x, y)∃x ∃y ¬R(x, y)

Quale enunciato è equivalente a ¬∃x ∀y R(x, y), con la negazione spostata fino in fondo all’interno? Clicca su di esso.

¬∃x ∀y R(x, y)
  1. 1∀x ∀y ¬R(x, y)
  2. 2∃x ∀y ¬R(x, y)
  3. 3∀x ∃y ¬R(x, y)
  4. 4∃x ∃y ¬R(x, y)
5.Logica digitale: porte, mappe K e flip-flopMedia
ABC000111100101324576

Semplifica F = A′B′C′ + BC′ + A′BC′ + AC alla sua forma minima a somma di prodotti. Quanti letterali L contiene l’espressione semplificata?

F = A′B′C′ + BC′ + A′BC′ + AC
L =
6.Logica digitale: porte, mappe K e flip-flopDifficile
DQ3​Q3​DQ2​Q2​DQ1​Q1​DQ0​Q0​CLKRING

Un contatore ad anello a 4 bit Q₃Q₂Q₁Q₀ parte da 1100. A ogni fronte di clock i bit scorrono di una posizione a destra (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀) e Q₃ riceve Q₀. Dai lo stato Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ come numero decimale dopo 3 fronti di clock.

Q₃Q₂Q₁Q₀ = 11003
Q =
7.Teoria dei numeri e aritmetica modulareMedia

Trova l’inverso di 25 modulo 67: il numero x con 0 < x < 67 e 25·x ≡ 1 (mod 67).

a = 25n = 67
25−1 mod 67 =
8.Teoria dei numeri e aritmetica modulareDifficile

Quante soluzioni N ha 26x ≡ 36 (mod 40) in {0, 1, …, 39}?

26x ≡ 36 (mod 40)
N =
9.Algoritmi e complessitàMedia

La complessità temporale del Fibonacci ricorsivo ingenuo (fib(n) = fib(n−1) + fib(n−2)) è:

  1. ALogaritmica
  2. BCostante
  3. CEsponenziale
  4. DLineare
10.Algoritmi e complessitàDifficile

Come si confrontano n! e 2ⁿ per n grande?

  1. A2ⁿ cresce più velocemente di n!
  2. Bn! è O(n²)
  3. Cn! cresce più velocemente di 2ⁿ
  4. DCrescono allo stesso ritmo
11.Strutture datiMedia

Perché un heap binario si può memorizzare in un array senza puntatori?

  1. ATutte le chiavi di un heap sono uguali
  2. BÈ un albero binario completo, quindi le posizioni seguono semplici formule sugli indici
  3. CGli array mantengono automaticamente le chiavi in ordine, quindi non servono puntatori
  4. DGli heap non contengono mai più di 100 elementi
12.Strutture datiDifficile

La complessità temporale di decrease-key in un heap binario (nota la posizione dell'elemento) è:

  1. AO(n log n)
  2. BO(log n)
  3. CO(n)
  4. DO(1)
13.Teoria dei grafiMedia

Un albero ha 2 vertici di grado 4, e tutti gli altri suoi vertici sono foglie (grado 1). Quante foglie L ha?

2 × deg 4
L =
14.Teoria dei grafiDifficile
149181713212ABCDE

L’algoritmo di Kruskal costruisce un albero di copertura minimo. Clicca il lato che aggiunge come lato numero 2; i lati saltati non contano.

k = 2
  1. 1lato AB
  2. 2lato AC
  3. 3lato BC
  4. 4lato BD
  5. 5lato CE
  6. 6lato DE
  7. 7lato BE
15.Basi di dati e SQLMedia

Nell'algebra relazionale, l'operatore di selezione (σ) corrisponde a quale clausola SQL?

  1. AGROUP BY
  2. BORDER BY
  3. CWHERE
  4. DElenco della SELECT
16.Basi di dati e SQLDifficile

Quale funzionalità SQL è più adatta a trovare tutti i dipendenti sotto un responsabile in un organigramma di profondità sconosciuta?

  1. AUna common table expression ricorsiva (WITH RECURSIVE)
  2. BUn singolo self-join della tabella employees su manager_id
  3. CUn GROUP BY su manager_id
  4. DUn vincolo UNIQUE su manager_id
17.Reti di calcolatoriMedia

Quale host si trova nella stessa sottorete /16 di 10.1.2.3?

  1. A10.2.2.3
  2. B11.1.2.3
  3. C10.1.200.5
  4. D10.0.2.3
18.Reti di calcolatoriDifficile

Perché IPv6 non ha bisogno del NAT per la scarsità di indirizzi?

  1. AIl suo spazio di indirizzamento a 128 bit è abbastanza grande da dare a ogni dispositivo un indirizzo globale
  2. BIPv6 funziona solo nelle reti locali, quindi gli indirizzi non devono mai essere condivisi a livello globale
  3. CIPv6 non usa indirizzi
  4. DIPv6 cifra tutti gli indirizzi
19.Sottoreti IPv4Media
255.255.255.25211111111111111111111111111111100bit di retebit di host

Una sottorete usa la maschera 255.255.255.252. Quanti indirizzi host utilizzabili H ha?

255.255.255.252
H =
20.Sottoreti IPv4Difficile

La rete 192.168.153.0/24 viene suddivisa con VLSM per queste LAN: A: 7 host, B: 29 host, C: 126 host, D: 42 host. Le sottoreti vengono assegnate da .0 in su, partendo dalla LAN con più host, ciascuna con la sottorete più piccola sufficiente. Qual è il quarto ottetto x dell’indirizzo di rete della LAN D?

A: 7B: 29C: 126D: 42
x =

3Soluzioni

1.Sistemi di numerazione

Risposta: U = 227

Impostare i bit: ogni bit vale una potenza di due (128, 64, …, 1). Una cifra esadecimale è esattamente quattro bit, e nel complemento a due a 8 bit il bit più a sinistra vale −128. Le operazioni bit a bit lavorano su ogni posizione di bit separatamente.

Inverti e aggiungi uno

29 = 0001 1101
invertito: 1110 0010
+1 → 1110 0011

Leggilo senza segno

1110 0011₂ = 256 − 29 = 227

Risposta

U = 227
2.Sistemi di numerazione

Risposta: N = −32768

Sistemi di numerazione posizionali: ogni cifra vale il suo valore per una potenza della base. In binario le posizioni valgono 1, 2, 4, 8, 16, …; in esadecimale 1, 16, 256, …, con A–F per 10–15. Nel complemento a due a 8 bit il bit più a sinistra vale −128 invece di +128: così si memorizzano i numeri negativi.

Valore più negativo

−215 = −32768

Risposta

N = −32768
3.Logica proposizionale e dimostrazioni

Risposta: (r → q) ∧ (q → r)

Equivalenza logica: due formule sono equivalenti (≡) quando hanno lo stesso valore in ogni riga della tabella di verità. Una tautologia vale 1 in ogni riga, una contraddizione vale 0 in ogni riga, e una contingenza non è né l’una né l’altra. Leggi utili: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b e ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contronominale); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; e le leggi distributive, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

La legge

a ↔ b significa che l’implicazione vale in entrambe le direzioni: (a → b) ∧ (b → a).
r ↔ q ≡ (r → q) ∧ (q → r)

Verifica con la tabella di verità

q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
q = 1, r = 0: 0 | 1 0 0 1
q = 0, r = 1: 0 | 1 0 0 0
q = 0, r = 0: 1 | 1 1 0 1

Risposta

(r → q) ∧ (q → r)

Le colonne dopo la barra sono le opzioni nell’ordine mostrato.

4.Logica proposizionale e dimostrazioni

Risposta: ∀x ∃y ¬R(x, y)

Quantificatori e argomenti: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) e ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Sposta una negazione verso l’interno, scambia ogni quantificatore che attraversa e nega la formula interna con le leggi proposizionali, come ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Un argomento è valido quando la conclusione vale 1 in ogni riga in cui tutte le premesse valgono 1. Una sola riga con premesse vere e conclusione falsa è un controesempio e mostra che l’argomento non è valido.

Sposta la negazione verso l’interno

¬∃x ∀y R(x, y) ≡ ∀x ∃y ¬R(x, y)

Risposta

∀x ∃y ¬R(x, y)

Le altre opzioni lasciano invariato un quantificatore, cambiano l’ordine dei quantificatori oppure negano in modo errato la formula interna.

5.Logica digitale: porte, mappe K e flip-flop

Risposta: L = 6

Algebra di Boole: le regole che semplificano le espressioni sono X + X′ = 1 e X·X′ = 0, X + X = X, l’assorbimento X + X·Y = X, la regola di combinazione X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y e il teorema del consenso XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Le leggi di De Morgan trasformano (X·Y)′ in X′ + Y′ e (X + Y)′ in X′·Y′. Una mappa di Karnaugh applica queste regole in forma grafica: ogni gruppo di due celle vicine è un uso di XY + XY′ = X.

Mintermini dell’espressione

A′B′C′ → m(0)
BC′ → m(2, 6)
A′BC′ → m(2)
AC → m(5, 7)
ABC00011110011001031204151716

Raggruppa e leggi

F = BC′ + A′C′ + AC

Conta i letterali

L = 6

Risposta

L = 6

Esiste un altro raggruppamento della stessa dimensione; ha lo stesso numero di letterali.

6.Logica digitale: porte, mappe K e flip-flop

Risposta: Q = 9

Flip-flop e contatori: un flip-flop cambia solo sul fronte attivo del clock. D copia il suo ingresso (Q⁺ = D); T commuta quando T = 1; JK mantiene per 00, azzera per 01, imposta a 1 per 10 e commuta per 11. Un contatore binario a n bit ha 2ⁿ stati e conta modulo 2ⁿ; un contatore modulo N conta 0, 1, …, N − 1 e torna a 0, e richiede il minimo n con 2ⁿ ≥ N flip-flop. Ogni stadio di un contatore asincrono (ripple) dimezza la frequenza, quindi l’ultima uscita di un contatore modulo N ha frequenza fclk/N. Un contatore Johnson di n flip-flop ha 2n stati, un contatore ad anello n.

Stato dopo ogni fronte

1100 → 0110 → 0011 → 1001

Valore decimale

1001₂ = 9

Risposta

Q = 9
7.Teoria dei numeri e aritmetica modulare

Risposta: 25−1 mod 67 = 59

Inversi e congruenze: a ha un inverso modulo n esattamente quando MCD(a, n) = 1. L’algoritmo di Euclide esteso scrive 1 = s·n + t·a, e allora a⁻¹ ≡ t (mod n). Una congruenza a·x ≡ b (mod n) con MCD(a, n) = 1 ha la soluzione x ≡ a⁻¹·b. Due congruenze x ≡ r₁ (mod m₁) e x ≡ r₂ (mod m₂) con moduli coprimi hanno una soluzione modulo m₁·m₂ (teorema cinese del resto). La φ di Eulero φ(n) conta i numeri da 1 a n coprimi con n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algoritmo di Euclide esteso

Ogni resto r si scrive r ≡ t·25 (mod 67).

r = 67, t = 0
r = 25, q = 2, t = 1
r = 17, q = 1, t = −2
r = 8, q = 2, t = 3
r = 1, q = 8, t = −8

Inversa

1 ≡ −8·25 (mod 67)
x = 59
verifica: 25·59 = 1475 = 22·67 + 1

Risposta

25−1 mod 67 = 59
8.Teoria dei numeri e aritmetica modulare

Risposta: N = 2

Inversi e congruenze: a ha un inverso modulo n esattamente quando MCD(a, n) = 1. L’algoritmo di Euclide esteso scrive 1 = s·n + t·a, e allora a⁻¹ ≡ t (mod n). Una congruenza a·x ≡ b (mod n) con MCD(a, n) = 1 ha la soluzione x ≡ a⁻¹·b. Due congruenze x ≡ r₁ (mod m₁) e x ≡ r₂ (mod m₂) con moduli coprimi hanno una soluzione modulo m₁·m₂ (teorema cinese del resto). La φ di Eulero φ(n) conta i numeri da 1 a n coprimi con n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Dividi per il MCD

gcd(26, 40) = 2
13x ≡ 18 (mod 20)

Risolvi la congruenza ridotta

13−1 ≡ 17 (mod 20) → x ≡ 6 (mod 20)

Soluzioni modulo 40

x ∈ {6, 26}
N = 2

Risposta

N = 2
9.Algoritmi e complessità

Risposta: C · Esponenziale

Perché è questa la risposta

L'albero delle chiamate cresce all'incirca come φⁿ (circa 1,618ⁿ). La memoizzazione la riduce a O(n).

Risposta

C · Esponenziale
10.Algoritmi e complessità

Risposta: C · n! cresce più velocemente di 2ⁿ

Perché è questa la risposta

Per n ≥ 4, n! supera 2ⁿ, e il rapporto cresce senza limite perché ogni fattore aggiuntivo di n! è maggiore di 2.

Risposta

C · n! cresce più velocemente di 2ⁿ
11.Strutture dati

Risposta: B · È un albero binario completo, quindi le posizioni seguono semplici formule sugli indici

Perché è questa la risposta

La completezza significa che non ci sono buchi, quindi i figli dell'indice i si trovano sempre a 2i + 1 e 2i + 2.

Risposta

B · È un albero binario completo, quindi le posizioni seguono semplici formule sugli indici
12.Strutture dati

Risposta: B · O(log n)

Perché è questa la risposta

Dopo aver diminuito la chiave, l'elemento risale (sift-up) al massimo per l'altezza dell'heap. Gli heap di Fibonacci ottengono decrease-key in O(1) ammortizzato.

Risposta

B · O(log n)
13.Teoria dei grafi

Risposta: L = 6

Eulero, Hamilton e alberi: un grafo connesso ha un circuito euleriano (ogni lato una volta, di nuovo al punto di partenza) quando ogni vertice ha grado pari, e un cammino euleriano che non è un circuito quando esattamente due vertici hanno grado dispari; il cammino va allora da un vertice dispari all’altro. Un ciclo hamiltoniano visita ogni vertice una volta; Kn ne ha (n − 1)!/2. Un albero con n vertici ha n − 1 lati, e un grafo connesso con m lati mantiene un albero di copertura dopo aver tolto m − n + 1 lati.

Lemma delle strette di mano per un albero

L + 8 = 2(L + 2) − 2
L = 6

Risposta

L = 6

Scorciatoia: L = 2 + Σ (d − 2) sui vertici di grado d ≥ 3.

14.Teoria dei grafi

Risposta: lato AC

Cammini minimi e alberi di copertura: l’algoritmo di Dijkstra fissa un vertice per passo: il vertice non fissato con la distanza provvisoria minima. La sua distanza è allora definitiva, e ogni vertice adiacente v riceve d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). L’algoritmo di Kruskal costruisce un albero di copertura minimo prendendo i lati dal più leggero al più pesante e saltando ogni lato che chiuderebbe un ciclo; l’algoritmo di Prim fa crescere un solo albero da un vertice iniziale aggiungendo sempre il lato più leggero che ne esce. Un albero di copertura di n vertici ha n − 1 lati.

Algoritmo di Kruskal

1. DE (2)
2. AC (9)
3. BE (12)
4. CE (13)

lato numero 2

AC

Risposta

lato AC
15.Basi di dati e SQL

Risposta: C · WHERE

Perché è questa la risposta

σcondition(R) restituisce le tuple di R che soddisfano la condizione, come una clausola WHERE.

Risposta

C · WHERE
16.Basi di dati e SQL

Risposta: A · Una common table expression ricorsiva (WITH RECURSIVE)

Perché è questa la risposta

Una CTE ricorsiva parte da una query di ancoraggio e unisce ripetutamente il risultato precedente alla tabella, quindi gestisce gerarchie di qualsiasi profondità.

Risposta

A · Una common table expression ricorsiva (WITH RECURSIVE)
17.Reti di calcolatori

Risposta: C · 10.1.200.5

Perché è questa la risposta

Con /16 i primi 16 bit (10,1) sono la parte di rete. Solo 10.1.200.5 li condivide, quindi si trova in 10.1.0.0/16.

Risposta

C · 10.1.200.5
18.Reti di calcolatori

Risposta: A · Il suo spazio di indirizzamento a 128 bit è abbastanza grande da dare a ogni dispositivo un indirizzo globale

Perché è questa la risposta

IPv6 ha circa 3,4 × 10³⁸ indirizzi, quindi la scarsità che ha portato al NAT in IPv4 scompare; i firewall continuano a garantire la sicurezza.

Risposta

A · Il suo spazio di indirizzamento a 128 bit è abbastanza grande da dare a ogni dispositivo un indirizzo globale
19.Sottoreti IPv4

Risposta: H = 2

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Lunghezza del prefisso

255.255.255.252 = /30

Host utilizzabili

22 − 2 = 2

Risposta

H = 2
20.Sottoreti IPv4

Risposta: x = 128

VLSM: ogni LAN riceve la sottorete più piccola con 2ʰ − 2 ≥ il suo numero di host, cioè prefisso 32 − h. Assegnando prima le sottoreti più grandi, ogni blocco resta allineato su un multiplo della propria dimensione, quindi gli indirizzi di rete si ottengono sommando le dimensioni dei blocchi.

Dimensione del blocco per LAN

C: 126 host → 27 = 128 (/25)
D: 42 host → 26 = 64 (/26)
B: 29 host → 25 = 32 (/27)
A: 7 host → 24 = 16 (/28)

Assegnazione, dalla più grande

C: .0 – .127
D: .128 – .191
B: .192 – .223
A: .224 – .239

Risposta

x = 128

LAN D: 192.168.153.128/26.

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