電気回路 II：交流回路：直前対策パック

公式集、全トピックの解法の要点、16 問の演習問題。完全な解答は巻末にあります。

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1公式と解法

複素数

直交形式: z = a + jb, j² = −1, z̄ = a − jb
絶対値と偏角: |z| = √(a² + b²), tan θ = b/a (check the quadrant)
極形式と指数形式: z = r∠θ = r(cos θ + j sin θ) = r·e^jθ
割り算: z₁/z₂ = z₁z̄₂/|z₂|²
積と商: r₁∠θ₁ · r₂∠θ₂ = r₁r₂∠(θ₁ + θ₂), r₁∠θ₁ / r₂∠θ₂ = (r₁/r₂)∠(θ₁ − θ₂)
ド・モアブル: (r∠θ)ⁿ = rⁿ∠nθ
n 乗根: z_k = R^1/n∠((φ + 360°·k)/n), k = 0 … n − 1
p² < 4q の 2 次方程式: z = −p/2 ± j√(q − p²/4)

解き方

演算に合った形を選びましょう：足し算と引き算には直交形式 a + jb、掛け算・割り算・冪・累乗根には極形式 r∠θ です。
展開するときは j² = −1 を使います。割り算は、分子と分母に分母の共役複素数を掛けて行います。
変換には r = √(a² + b²) と、点の図（象限を確認）から求めた θ を使い、戻すには a = r cos θ、b = r sin θ を使います。
冪にはド・モアブルの定理 (r∠θ)ⁿ = rⁿ∠nθ を使います。zⁿ = R∠φ では、n 個の解 R^1/n∠((φ + 360°k)/n) をすべて挙げます。

交流インピーダンスとフェーザ

インピーダンス: Z_R = R, Z_L = jωL, Z_C = 1/(jωC)
角周波数: ω = 2πf
大きさと偏角: |Z| = √(R² + X²), φ = atan(X/R)
フェーザ表示のオームの法則: V = I·Z

解き方

周波数を換算します：ω = 2πf。
各リアクタンスを求めます：X_L = ωL、X_C = 1/(ωC)。
インピーダンスは抵抗と同じように足します。Z = R + jX です。
大きさ |Z| = √(R² + X²) と角度 φ = atan(X/R) を求め、フェーザでオームの法則を使います。

交流電力と力率

有効電力: P = V·I·cos φ
無効電力: Q = V·I·sin φ
皮相電力: S = V·I = √(P² + Q²)
力率: pf = cos φ = P/S
力率改善用コンデンサ: Q_C = P(tan φ₁ − tan φ₂), C = Q_C/(ωV²)

LC 共振、Q 値、帯域幅

固有振動数: ω₀ = 1/√(LC), f₀ = 1/(2π√(LC))
エネルギー: W = ½CV₀² = ½Cv² + ½Li²
ピーク電流: I_max = V₀√(C/L)
Q 値: Q = 2π·(energy stored)/(energy lost per cycle)
RLC 直列: Q = (1/R)√(L/C), BW = R/(2πL)
RLC 並列: Q = R√(C/L), BW = 1/(2πRC)
帯域幅: BW = f₂ − f₁ = f₀/Q, f₀ = √(f₁f₂)
半電力周波数: f_1,2 = f₀(√(1 + 1/(4Q²)) ∓ 1/(2Q))
コイル抵抗 r をもつタンク回路: R_D = L/(C·r) = Q²·r
振幅の減衰: e^−Rt/(2L)

解き方

まず共振周波数を求めます：ω₀ = 1/√(LC)、f₀ = ω₀/(2π)。
回路が直列か並列かを判断します：直列は Q = (1/R)√(L/C)、並列は Q = R√(C/L)。
帯域幅は BW = f₀/Q で求めるか、近道の公式 R/(2πL)（直列）、1/(2πRC)（並列）を使います。
エネルギーの問題では、理想的な LC 回路の全エネルギー ½CV₀² が一定で、4 分の 1 周期ごとに C と L の間を行き来することを使います。

三相電力

Y 結線: V_L = √3·V_ph, I_L = I_ph
Δ 結線: V_L = V_ph, I_L = √3·I_ph
全有効電力: P = √3·V_L·I_L·cos φ = 3·I_ph²·R
皮相電力と無効電力: S = √3·V_L·I_L, Q = P·tan φ
力率改善用コンデンサ: Q_C = P(tan φ₁ − tan φ₂), C = Q_C/(3ωV²)
各コンデンサにかかる電圧: Δ：V_L Y：V_L/√3
モーターの入力: P_in = P_out/η

RC・RL 過渡現象

時定数: τ = RC | τ = L/R
応答: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ
直流でのコンデンサ: 開放；v_C は急変しない
直流でのインダクタ: 短絡；i_L は急変しない
定常値: t ≈ 5τ

解き方

切り替え直後の初期値を求めます：コンデンサの電圧とインダクタの電流は急に変化できません。
切り替えから十分時間がたったあとの最終値を求めます：コンデンサは開放、インダクタは短絡として扱えます。
時定数を求めます：τ = RC または τ = L/R。抵抗はコンデンサまたはインダクタから見た抵抗を使います。
x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ を使います。

テブナン・ノートン

テブナン電圧: V_th = V_{open circuit}
テブナン抵抗: R_th：すべての電源を取り除き、a–b から見た抵抗
ノートン電流: I_N = V_th/R_th
負荷電流: I_L = V_th/(R_th + R_L)
最大電力伝送: R_L = R_th, P_max = V_th²/(4R_th)

解き方

負荷を外し、2 つの端子を a と b とします。
a と b の間の開放電圧を求めます：これが V_th です。
独立電源をすべて取り除き、a–b から見た抵抗を求めます：これが R_th です。
負荷を等価回路に戻します：V_th と R_th の直列です。
ノートン等価回路には変換します：I_N = V_th/R_th、R_N = R_th を並列に接続します。

2演習問題

1.複素数ふつう

数 z = 6·e^−j0.5 の角度はラジアンで表されています。その虚部 b を求めてください。

r = 6θ = −0.5 rad

b =

2.複素数むずかしい

点 A–D のうち、ちょうど 1 つが z³ = 8∠90° の解です。それをクリックしてください。

w = 8∠90°n = 3

1A (1∠150°)
2B (2∠−30°)
3C (2∠90°)
4D (2∠150°)

3.交流インピーダンスとフェーザふつう

抵抗とコンデンサが並列に、24 V（実効値）、500 Hz の電源に接続されている。インピーダンスの位相角 φ を度で求めよ（電流が電圧より遅れるとき正）。

V = 24 V (rms)f = 500 HzR = 25 ΩC = 4.7 µF

φ = °

4.交流インピーダンスとフェーザむずかしい

直列 RLC 回路を 50 V（実効値）、200 Hz の電源に接続する。電流の実効値 I を求めよ。

V = 50 V (rms)f = 200 HzR = 60 ΩL = 200 mHC = 100 µF

I = A

5.交流電力と力率ふつう

単相モーターが 230 V の電源から、遅れ力率 0.9 で 11 kW を消費する。線電流 I を求めよ。

P = 11 kWpf = 0.9V = 230 V

I = A

6.交流電力と力率むずかしい

100 V（実効値）、60 Hz の電源の内部インピーダンスは Z_s = 5 + j40 Ω である。負荷インピーダンス Z_L は自由に選べる。最大電力を得る負荷を、抵抗とコンデンサの直列回路でつくる。静電容量 C を求めよ。

V_s = 100 V (rms)f = 60 HzZ_s = 5 + j40 Ω

C = µF

7.LC 共振、Q 値、帯域幅ふつう

470 pF のコンデンサを 24 V に充電し、理想的な 4.7 mH のインダクタと振動させます。コンデンサの電圧が 6 V になった瞬間にインダクタに蓄えられているエネルギー W_L を nJ で求めなさい。

C = 470 pFV₀ = 24 Vv_C = 6 V

W_L = nJ

8.LC 共振、Q 値、帯域幅むずかしい

RLC 直列回路（R = 10 Ω、L = 470 µH、C = 10 nF）を共振で駆動し、電流の振幅は 100 mA です。1 周期の間に R で消費されるエネルギー E_cycle を nJ で求めなさい。

R = 10 ΩL = 470 µHC = 10 nFI_m = 100 mA

E_cycle = nJ

9.三相電力ふつう

1 相あたりのインピーダンスが 7 + j24 Ω の平衡 Y 結線負荷が、線間電圧 400 V の平衡三相電源に接続されている。負荷が吸収する全有効電力 P を kW で求めよ。

V_L = 400 VZ = 7 + j24 Ω 1 相あたり

P = kW

10.三相電力むずかしい

平衡三相負荷が、480 V（線間）、50 Hz の電源から遅れ力率 0.8 で 200 kW を消費している。負荷と並列に三相コンデンサバンクを接続し、全体の力率を遅れ 0.98 に改善する。有効電力は変わらない。コンデンサは Y 結線である。各コンデンサの静電容量 C_ph を µF で求めよ。

P = 200 kWpf₁ = 0.8pf₂ = 0.98V_L = 480 Vf = 50 Hz

C_ph = µF

11.RC・RL 過渡現象ふつう

t = 0 でスイッチが閉じる前、コイルに電流は流れていない。回路が落ち着いた後にコイルに蓄えられているエネルギー W(∞) を mJ で求めよ。

V_s = 20 VR = 22 ΩL = 100 mH

W(∞) = mJ

12.RC・RL 過渡現象むずかしい

スイッチは長い間閉じていたので、回路は定常状態にある。t = 0 にスイッチが開く。 t = 500 ms におけるコンデンサの電圧 v_C を求めよ。

V_s = 15 VR₁ = 2.2 kΩR₂ = 6.8 kΩC = 220 µFt = 500 ms

v_C = V

13.テブナン・ノートンふつう

端子 a–b から見たテブナン抵抗 R_th を求めよ。

V₁ = 15 VR₁ = 5 ΩR₂ = 4 ΩR₃ = 3 Ω

R_th = Ω

14.テブナン・ノートンむずかしい

ノートン電流 I_N を求めよ：端子を短絡したとき a から b へ流れる電流。

V₁ = 9 VI_s = 3 AR₁ = 12 ΩR₂ = 20 ΩR₃ = 8 Ω

I_N = A

15.ボード線図と余裕ふつう

図の RC ハイパスフィルタは R = 2.2 kΩ, C = 10 nF です。36 kHz の正弦波入力が加えられます。 v_in に対する v_out の位相のずれ φ を度で求めよ。

R = 2.2 kΩC = 10 nFf = 36 kHz

φ = °

16.ボード線図と余裕むずかしい

ユニティフィードバック系の開ループ伝達関数は L(s) = K/(s(s + 2)(s + 3)) である。ゲイン余裕が 8 dB となるゲイン K を求めよ。

L(s) = K/(s(s + 2)(s + 3))GM = 8 dB

K =

3溶液

1.複素数

答え: b = −2.877

極形式：z = r∠θ = r(cos θ + j sin θ) = r·e^jθ、r = |z|、θ = arg z です。直交形式に戻すには：a = r cos θ、b = r sin θ。偏角には象限の考慮が必要です：θ = atan(b/a) が使えるのは a > 0 のときだけで、a < 0 のときは 180° を足すか引きます。極形式では掛け算が簡単です：絶対値を掛けて偏角を足します。割り算では絶対値を割って偏角を引きます。

オイラーの公式

z = 6·(cos −0.5 + j sin −0.5)

成分（ラジアン）

a = 6·cos −0.5 = 5.265

b = 6·sin −0.5 = −2.877

b = −2.877

答え

b = −2.877

2.複素数

答え: D (2∠150°)

ド・モアブルの定理と累乗根：(r∠θ)ⁿ = rⁿ∠nθ。方程式 zⁿ = R∠φ にはちょうど n 個の解があり、すべて絶対値は R^1/n で、偏角は (φ + 360°·k)/n（k = 0, 1, …, n − 1）です：円周上に 360°/n ずつ等間隔に並びます。p² < 4q のとき、2 次方程式 z² + pz + q = 0 は複素数の解 z = −p/2 ± j√(q − p²/4) をもちます。実数係数の多項式の複素数の解は、必ず共役な対 a ± jb として現れます。

解の絶対値と偏角

|z| = 2

θ = 30°, 150°, −90°

その点

D = 2∠150°

答え

D (2∠150°)

3.交流インピーダンスとフェーザ

答え: φ = −20.26 °

フェーザによる交流回路：抵抗、コイル、コンデンサのインピーダンスは R、jωL、1/(jωC)（ω = 2πf）です。直列では抵抗と同じように足しますが、複素数として計算します。電流と電圧の実効値は |Z| を使ったオームの法則に従います。

リアクタンス

X_C = 1/(ωC) = 1/(2π·500·4.7·10⁻⁶) = 67.73 Ω

枝電流

両方の枝は電源に直接接続されているので、どちらにも電圧 V 全体がかかります。

I_R = V/R = 24/25 = 0.96 A

I_X = V/X_C = 24/67.73 = 0.3544 A

全電流

抵抗の電流は V と同相で、リアクタンスの電流は 90° 位相がずれているので、直角三角形の辺のように合成されます。

I = √(I_R² + I_X²) = √(0.96² + 0.3544²) = 1.023 A

位相角

コンデンサの電流は V より進むので、全電流も進み、角度は負です。

φ = −arctan(I_X/I_R) = −arctan(0.3544/0.96) = −20.26°

答え

φ = −20.26°

4.交流インピーダンスとフェーザ

答え: I = 0.1995 A

リアクタンス

ω = 2πf = 2π·200 = 1257 rad/s

X_L = ωL = 1257·0.2 = 251.3 Ω

X_C = 1/(ωC) = 1/(1257·100·10⁻⁶) = 7.958 Ω

インピーダンス

直列ではインピーダンスを複素数として足します：Z = R + j(X_L − X_C)。

|Z| = √(R² + (X_L − X_C)²) = √(60² + (243.4)²) = 250.7 Ω

電流

直列回路ではすべての素子に同じ電流が流れます。

I = V/|Z| = 50/250.7 = 0.1995 A

答え

I = 0.1995 A

5.交流電力と力率

答え: I = 53.14 A

交流電力：皮相電力 S = V·I (VA) は、有効な仕事をする有効電力 P = S·cos φ (W) と、電源と負荷の間を行き来する無効電力 Q = S·sin φ (var) に分かれます。力率は cos φ です。並列コンデンサは無効電力をその場で供給するので、同じ有効電力でも線電流が減ります。

線電流

仕事をするのは有効分だけなので、力率で割ります。

I = P/(V·cos φ) = 11000/(230·0.9) = 53.14 A

答え

I = 53.14 A

6.交流電力と力率

答え: C = 66.31 µF

共役整合

負荷のリアクタンスは電源のリアクタンスを打ち消し、負荷抵抗は電源抵抗に等しくなります。

Z_L = Z_s* = 5 − j40 Ω

静電容量

X_C = 40 Ω → C = 1/(2π·60·40) = 66.31 µF

答え

C = 66.31 µF

7.LC 共振、Q 値、帯域幅

答え: W_L = 126.9 nJ

LC 共振：充電したコンデンサをインダクタにつなぐと、電流が流れて逆向きに充電されます：エネルギーは、固有周波数 f₀ = 1/(2π√(LC)) で C の電界（½Cv²）と L の磁界（½Li²）の間を行き来します。抵抗がなければ全エネルギー ½CV₀² は一定なので、ピーク電流は I_max = V₀√(C/L) です。1 周期は T = 1/f₀ で、エネルギーはその 4 分の 1 の時間で C から L に移ります。

全エネルギー

½·4.7 × 10⁻¹⁰·24² = 1.354 × 10⁻⁷ J

コンデンサに残るエネルギー

½·4.7 × 10⁻¹⁰·6² = 8.46 × 10⁻⁹ J

インダクタのエネルギー

W_L = 1.269 × 10⁻⁷ J = 126.9 nJ

答え

W_L = 126.9 nJ

8.LC 共振、Q 値、帯域幅

答え: E_cycle = 681.1 nJ

Q 値と帯域幅：共振回路では Q = 2π·（蓄えられたエネルギー）/（1 周期に失われるエネルギー）です。RLC 直列では Q = ω₀L/R = (1/R)√(L/C)、RLC 並列では Q = R/(ω₀L) = R√(C/L) です。半電力周波数 f₁ と f₂（電力が半分になり、電流または電圧がピークの 1/√2 になる周波数）の間の帯域幅は BW = f₂ − f₁ = f₀/Q で、直列では R/(2πL)、並列では 1/(2πRC) です。共振周波数は幾何平均 f₀ = √(f₁f₂) で、f_1,2 = f₀(√(1 + 1/(4Q²)) ∓ 1/(2Q)) です。損失は振動の減衰ももたらします：RLC 直列では振幅は e^−Rt/(2L) に従って減ります。

蓄積エネルギー

W = ½·0.00047·0.1² = 2.35 × 10⁻⁶ J

Q 値

Q = (1/10)·√(0.00047/1 × 10⁻⁸) = 21.68

1 周期に失われるエネルギー

E_cycle = 2π·W/Q = 2π·2.35 × 10⁻⁶/21.68 = 6.811 × 10⁻⁷ J = 681.1 nJ

確認: ½·0.1²·10/73413 = 6.811 × 10⁻⁷ J

答え

E_cycle = 681.1 nJ

9.三相電力

答え: P = 1.792 kW

相電圧

V_ph = 400/√3 = 230.9 V

相電流

|Z| = √(7² + 24²) = 25 Ω

I_ph = 230.9/25 = 9.238 A

全有効電力

有効電力を吸収するのは、各インピーダンスの抵抗分だけです。

P = 3·I_ph²·R = 3·9.238²·7 = 1.792 kW

答え

P = 1.792 kW

確認：cos φ = R/|Z| = 0.28 で、√3·V_L·I_L·cos φ からも同じ電力が得られます。

10.三相電力

答え: C_ph = 1511 µF

平衡三相回路：Y（星形）結線では線間電圧は相電圧の √3 倍、V_L = √3·V_ph で、線電流は相電流に等しくなります。Δ（三角）結線では線間電圧は相電圧に等しく、線電流は相電流の √3 倍、I_L = √3·I_ph です。全電力は 1 相分の電力の 3 倍です：P = 3·V_ph·I_ph·cos φ = √3·V_L·I_L·cos φ。 力率改善：コンデンサは無効電力をその場で供給します：Q_C = P·(tan φ₁ − tan φ₂)。3 個のコンデンサはそれぞれ Q_C/3 = V²·ω·C を供給します。V はそのコンデンサにかかる電圧で、Δ バンクでは V_L、Y バンクでは V_L/√3 です。

改善前後の無効電力

有効電力は変わらないので、それぞれの力率から無効電力が決まります：Q = P·tan φ。

Q₁ = 200·tan(acos 0.8) = 200·0.75 = 150 kvar

Q₂ = 200·tan(acos 0.98) = 200·0.2031 = 40.61 kvar

コンデンサが供給する無効電力

Q_C = Q₁ − Q₂ = 109.4 kvar

1 相あたりの静電容量

Y バンクでは、各コンデンサは線と中性点の間に接続されています。

V = 480/√3 = 277.1 V, ω = 2π·50 = 314.2 rad/s

C_ph = (Q_C/3)/(ω·V²) = 36463/(314.2·277.1²) = 1511 µF

答え

C_ph = 1511 µF

11.RC・RL 過渡現象

答え: W(∞) = 41.32 mJ

1 次の過渡現象：コンデンサまたはコイルを 1 つ含む回路では、すべての電圧・電流が初期値から最終値へ指数関数的に変化します：x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ、τ = RC または τ = L/R。約 5τ で回路は定常状態になります。

時定数と最終電流

スイッチを閉じて十分時間がたつと、コイルは短絡と同じに振る舞うので、最終電流は R だけで決まります。

τ = L/R = 100 mH / 22 Ω = 4.545 ms

i(∞) = V_s/R = 20/22 = 0.9091 A

蓄積エネルギー

W(∞) = ½·L·i(∞)² = ½·100·0.9091² = 41.32 mJ

答え

W(∞) = 41.32 mJ

12.RC・RL 過渡現象

答え: v_C = 8.113 V

コンデンサの初期電圧

定常状態ではコンデンサは開放なので、R₁ と R₂ は分圧回路になります。スイッチが開いてもコンデンサの電圧は急変できません。

v_C(0) = 15·6.8/(2.2 + 6.8) = 11.33 V

スイッチが開いた後の時定数

τ = R₂·C = 6.8·220 = 1496 ms

放電

v_C(t) = 11.33·e^−500/1496 = 8.113 V

答え

v_C = 8.113 V

13.テブナン・ノートン

答え: R_th = 5.222 Ω

テブナンの定理：線形な 2 端子回路は、1 つの電圧源 V_th と抵抗 R_th の直列回路と同じに振る舞います。ノートンの定理は同じ回路を、電流源 I_N = V_th/R_th と R_th の並列回路として表します。

すべての電源を止めて R_th を求める

電圧源を短絡に、電流源を開放に置き換え、a–b から回路を見ます。

R₁ ∥ R₂ = 5·4/(5+4) = 2.222 Ω

R_th = (R₁ ∥ R₂) + R₃ = 2.222 + 3 = 5.222 Ω

14.テブナン・ノートン

答え: I_N = 3.363 A

すべての電源を止めて R_th を求める

電圧源を短絡に、電流源を開放に置き換え、a–b から回路を見ます。

R₁ ∥ R₂ = 12·20/(12+20) = 7.5 Ω

R_th = (R₁ ∥ R₂) + R₃ = 7.5 + 8 = 15.5 Ω

開放電圧 V_th を求める

a–b が開放のとき、Iₛ の経路は R₃ を通って節点 A へ向かうものだけです。V₁ と Iₛ の重ね合わせで V_A を求め、R₃ の電圧降下を加えます。

V_A = V₁·R₂/(R₁+R₂) + I_s·(R₁∥R₂) = 5.625 + 3·7.5 = 28.13 V

V_th = V_B = V_A + I_s·R₃ = 28.13 + 3·8 = 52.13 V

ノートン等価回路

ノートン電源は、同じ回路を R_th と並列な電流源として見たものです。その電流は a–b の短絡電流です。

I_N = V_th/R_th = 52.13/15.5 = 3.363 A

15.ボード線図と余裕

答え: φ = 11.36 °

周波数応答：伝達関数に s = jω を代入します。デシベルでの大きさは 20·log₁₀|H(jω)|、位相は分子の因子の角の和から分母の因子の角を引いたものです。1 次の RC または RL フィルタのカットオフ（−3 dB）周波数は ω_c = 1/(RC) または R/L、f_c = ω_c/(2π) で、ローパスフィルタでは |H| = 1/√(1 + (ω/ω_c)²)、φ = −atan(ω/ω_c) です。漸近的な（直線近似の）ボード線図では、各極はそのコーナー周波数で大きさを 20 dB/decade ずつ下向きに折り曲げ、各零点は 20 dB/decade ずつ上向きに折り曲げ、積分器 1/s はすべての周波数で −20 dB/decade を与えます。ゲイン交差周波数 ω_c：|L(jω)| = 1（0 dB）、位相余裕 PM = 180° + ∠L(jω_c)。位相交差周波数 ω₁₈₀：∠L(jω) = −180°、ゲイン余裕 GM = −20·log₁₀|L(jω₁₈₀)| dB。両方の余裕が正のとき、閉ループは安定です。

カットオフ周波数

ω_c = 1/(RC) = 1/(2200·1 × 10⁻⁸) = 45455 rad/s

f_c = 7234 Hz → f/f_c = 36000/7234 = 4.976

位相

φ = 90° − atan(4.976) = 11.36°

答え

φ = 11.36°

16.ボード線図と余裕

答え: K = 11.94

位相交差

(ω/2)·(ω/3) = 1 → ω₁₈₀ = √(2·3) = 2.449 rad/s

位相交差での大きさ

|L(jω₁₈₀)| = K/(ω·√(ω² + 4)·√(ω² + 9)) = K/(2·3·(2 + 3)) = K/30

必要なゲイン

30/K = 10^8/20 = 2.512

K = 30/2.512 = 11.94

答え

K = 11.94

ExamProblems · examproblems.com/courses/circuit-analysis-2

電気回路 II：交流回路：直前対策パック

1公式と解法

複素数

解き方

交流インピーダンスとフェーザ

解き方

交流電力と力率

LC 共振、Q 値、帯域幅

解き方

三相電力

RC・RL 過渡現象

解き方

テブナン・ノートン

解き方

2演習問題

3溶液

オイラーの公式

成分（ラジアン）

答え

解の絶対値と偏角

その点

答え

リアクタンス

枝電流

全電流

位相角

答え

リアクタンス

インピーダンス

電流

答え

線電流

答え

共役整合

静電容量

答え

全エネルギー

コンデンサに残るエネルギー

インダクタのエネルギー

答え

蓄積エネルギー

Q 値

1 周期に失われるエネルギー

答え

相電圧

相電流

全有効電力

答え

改善前後の無効電力

コンデンサが供給する無効電力

1 相あたりの静電容量

答え

時定数と最終電流

蓄積エネルギー

答え

コンデンサの初期電圧

スイッチが開いた後の時定数

放電

答え

すべての電源を止めて Rth を求める

すべての電源を止めて Rth を求める

開放電圧 Vth を求める

ノートン等価回路

カットオフ周波数

位相

答え

位相交差

位相交差での大きさ

必要なゲイン

答え

すべての電源を止めて R_th を求める

すべての電源を止めて R_th を求める

開放電圧 V_th を求める