Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.
Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų
Metodas
Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.
Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metodas
Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Grafų teorija
Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij
Metodas
Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).
IPv4 potinkliai
Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n
2Uždaviniai
1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
Nustatykite bitus, kad jie saugotų −80 8 bitų dvejetainiu papildomuoju kodu. Skaitant kaip skaičių be ženklo, kokia šablono reikšmė U?
N = −808 bit
U =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
Nustatykite bitus pagal 8 bitų rezultatą 0111 1000 AND 0010 0101. Kokia rezultato reikšmė R dešimtainėje sistemoje?
0111 1000AND0010 0101
R =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
Norite įrodyti (q ∨ r) → p prieštara. Kurį teiginį darote prielaida pradžioje? Spustelėkite jį.
(q ∨ r) → p
1¬(q ∨ r) → ¬p
2¬(q ∨ r) ∧ p
3¬(q ∨ r) ∧ ¬p
4(q ∨ r) ∧ ¬p
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
Kiek iš 16 teisingumo lentelės eilučių daro (q → (q ∧ ¬p)) ∧ ((p ∨ s) ∨ (s ↔ r)) teisingą? Pažymėkite šį skaičių N.
(q → (q ∧ ¬p)) ∧ ((p ∨ s) ∨ (s ↔ r))
N =
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
Karno žemėlapiu raskite minimalią F(A, B, C, D) = Σm(3, 4, 5, 6, 10, 11, 12, 14, 15) sandaugų sumos (SOP) formą. Kiek sandaugos narių N ji turi?
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
4 bitų dvejetainis mažėjantis skaitiklis pradeda nuo 15 (dešimtainiu pavidalu, Q = 1111). Kokį skaičių Q (dešimtainiu pavidalu) jis rodo po 46 taktinių impulsų?
Q0 = 1546n = 4
Q =
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis
Išspręskite 50x ≡ 71 (mod 89). Pateikite sprendinį x, kur 0 < x < 89.
50x ≡ 71 (mod 89)
x =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus
Užšifruokite pranešimą m = 499 RSA viešuoju raktu (n, e) = (1271, 13). Raskite šifrogramą c.
n = 1271e = 13m = 499
c =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis
Ką apskaičiuoja Floydo–Warshallo algoritmas ir kaip greitai?
ATopologinę tvarką per O(V²)
BMinimalų jungiamąjį medį per O(E log V)
CTrumpiausius kelius iš vienos šaltinio viršūnės į visas kitas per O(V + E)
DTrumpiausius kelius tarp visų viršūnių porų per O(V³)
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus
Kodėl dvejetainė paieška vienkrypčiame susietajame sąraše neužtikrina O(log n) laiko?
ADvejetainei paieškai reikia bent dvigubai daugiau atminties
BSusietųjų sąrašų negalima surikiuoti
CSusietojo sąrašo mazgų palyginimai lėtesni
DIki vidurinio elemento nueiti reikia O(n) žingsnių, nes nėra tiesioginės prieigos pagal indeksą
11.Duomenų struktūrosVidutinis
Kaip dvejetainėje min krūvoje veikia extract-min?
APašalinamas paskutinis masyvo elementas
BPaskutinis elementas perkeliamas į šaknį ir leidžiamas žemyn (sift down)
CPašalinama šaknis, o visi elementai pastumiami viena vieta į kairę
DNaujo minimumo ieškoma visuose lapuose
12.Duomenų struktūrosSunkus
Kurią tiesinio zondavimo problemą dvigubas maišymas (double hashing) daugiausia sumažina?
APoreikį saugoti raktus lentelėje
BPirminį grupavimąsi (primary clustering), kai susidaro ilgos užimtų vietų sekos
CRakto reikšmės skaitymo O(n) kainą
DMaišos funkcijos poreikį
13.Grafų teorijaVidutinis
Jungus grafas turi 14 viršūnių ir 19 briaunų. Kiek briaunų k reikia pašalinti, kad liktų karkasinis medis?
|V| = 14|E| = 19
k =
14.Grafų teorijaSunkus
Kiek yra 3 ilgio maršrutų iš F į B? Maršrutas gali kartoti viršūnes ir briaunas. Pažymėkite skaičių N.
M = gretimumo matricaL = 3
N =
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis
Išorinis raktas apibrėžtas su ON DELETE CASCADE. Kas nutinka ištrynus tėvinę eilutę?
AVaikinių eilučių išorinis raktas automatiškai nustatomas į NULL
AKonfliktų atžvilgiu serializuojamus tvarkaraščius (conflict-serializable)
BKad jokių blokuočių nereikia
CKad transakcijos niekada nelaukia
DKad aklavietės niekada neįvyks
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis
Kokį terpės prieigos metodą naudojo klasikinis bendrosios terpės (pusiau dupleksinis) Ethernet?
ACSMA/CA
BŽetono perdavimą
CTDMA
DCSMA/CD
18.Kompiuterių tinklaiSunkus
TCP ryšio langas 64 KB, apsisukimo laikas 100 ms, lango mastelis nenaudojamas. Koks apytikslis didžiausias jo našumas?
AApie 5 Mbit/s
BApie 50 Mbit/s
CApie 0,5 Mbit/s
DApie 640 Mbit/s
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
Potinklio kaukė yra 255.255.255.128. Kiek naudojamų mazgų adresų H jame yra?
255.255.255.128
H =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
Maršrutizatorius turi maršrutus į šiuos tinklus: 10.223.184.0/24, 10.223.185.0/24, 10.223.186.0/24, 10.223.187.0/24. Koks ilgiausias vieno apibendrinto maršruto, apimančio juos visus, prefikso ilgis p?
10.223.184.0/24 … 10.223.187.0/24
p =
3Tirpalai
1.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: U = 176
Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.
Invertuokite ir pridėkite vienetą
80 = 0101 0000
invertuota: 1010 1111
+1 → 1011 0000
Perskaitykite be ženklo
1011 0000₂ = 256 − 80 = 176
Atsakymas
U = 176
2.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: R = 32
Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.
Bitas po bito
AND duoda 1 tik ten, kur abu bitai yra 1.
0111 1000
AND 0010 0101
= 0010 0000
Rezultato reikšmė
0010 0000₂ = 32
Atsakymas
R = 32
3.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: (q ∨ r) ∧ ¬p
Loginis ekvivalentumas: dvi formulės yra ekvivalenčios (≡), kai kiekvienoje teisingumo lentelės eilutėje turi tą pačią reikšmę. Tautologija yra 1 kiekvienoje eilutėje, prieštara – 0 kiekvienoje eilutėje, o kontingencija nėra nei viena, nei kita. Naudingi dėsniai: De Morgano, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ir ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozicija); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ir distributyvumo dėsniai, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Implikacijos dalys
a = q ∨ r, b = p
Implikacijos neigimas
¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = (q ∨ r) ∧ ¬p
Atsakymas
(q ∨ r) ∧ ¬p
Jei prielaida lemia prieštarą, implikacija turi būti teisinga.
4.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: N = 10
Teisingumo lentelės: formulė su n skirtingų kintamųjų turi 2ⁿ eilučių, po vieną kiekvienam teisingumo reikšmių deriniui (1 = teisinga, 0 = klaidinga). Dirbkite iš vidaus į išorę ir kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį. ¬a apverčia reikšmę; a ∧ b yra 1 tik tada, kai abu lygūs 1; a ∨ b yra 0 tik tada, kai abu lygūs 0; a → b yra 0 tik tada, kai a = 1 ir b = 0; a ↔ b yra 1, kai abi pusės lygios.
Stulpeliai
¬p; q ∧ ¬p; q → (q ∧ ¬p); p ∨ s; s ↔ r; (p ∨ s) ∨ (s ↔ r); (q → (q ∧ ¬p)) ∧ ((p ∨ s) ∨ (s ↔ r))
Skaidymas pagal p
p = 1: 4
p = 0: 6
N = 4 + 6 = 10
Atsakymas
N = 10
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: N = 4
Karno žemėlapiai: langeliai išdėstyti Grejaus kodu (00, 01, 11, 10), todėl gretimi langeliai, įskaitant esančius per kraštus, skiriasi tiksliai vienu kintamuoju. Sugrupuokite vienetus į 1, 2, 4, 8 arba 16 langelių stačiakampius, kuo didesnius ir kuo mažiau, kol bus padengtas kiekvienas vienetas. Kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys: kintamieji, kurie joje nesikeičia. 2ᵏ langelių grupė netenka k kintamųjų. Nesvarbias reikšmes (X) galima naudoti grupėms didinti, bet jų dengti nebūtina. Grupuojant nulius, gaunama minimali POS forma.
Sugrupuokite vienetus
Kiekviena grupė yra 2ᵏ langelių stačiakampis; kraštiniai langeliai yra priešingo krašto langelių kaimynai.
BD′
B′CD
AC
A′BC′
Minimali SOP forma
F = BD′ + B′CD + AC + A′BC′
N = 4
Atsakymas
N = 4
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: Q = 1
Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.
Pilni ciklai
Kas 16 impulsų skaitiklis grįžta į tą pačią būseną.
46 = 2·16 + 14
Skaičius po likusių impulsų
Q = (15 − 14) mod 16 = 1
Q = 0001₂
Atsakymas
Q = 1
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: x = 21
Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
50 atvirkštinis
r = 89, t = 0
r = 50, q = 1, t = 1
r = 39, q = 1, t = −1
r = 11, q = 3, t = 2
r = 6, q = 1, t = −7
r = 5, q = 1, t = 9
r = 1, q = 5, t = −16
50−1 ≡ 73 (mod 89)
Išspręskite
x ≡ 73·71 = 5183 ≡ 21 (mod 89)
patikra: 50·21 = 1050 ≡ 71 (mod 89)
Atsakymas
x = 21
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: c = 1078
Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.
Kartotinis kėlimas kvadratu
13 = 8 + 4 + 1
4991 ≡ 499 (mod 1271)
4992 ≡ 1156 (mod 1271)
4994 ≡ 515 (mod 1271)
4998 ≡ 857 (mod 1271)
49913 ≡ 499·515·857 ≡ 1078 (mod 1271)
Šifrograma
c = 1078
Atsakymas
c = 1078
9.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: D · Trumpiausius kelius tarp visų viršūnių porų per O(V³)
Kodėl tai yra atsakymas
Floydo–Warshallo algoritmas yra dinaminio programavimo algoritmas, kuris paeiliui leidžia kiekvieną viršūnę naudoti kaip tarpinį tašką, sunaudodamas O(V³) laiko.
Atsakymas
D · Trumpiausius kelius tarp visų viršūnių porų per O(V³)
10.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: D · Iki vidurinio elemento nueiti reikia O(n) žingsnių, nes nėra tiesioginės prieigos pagal indeksą
Kodėl tai yra atsakymas
Dvejetainei paieškai reikia O(1) prieigos prie vidurio; susietajame sąraše ėjimas iki jo kainuoja tiesinį laiką, todėl iš viso gaunama O(n).
Atsakymas
D · Iki vidurinio elemento nueiti reikia O(n) žingsnių, nes nėra tiesioginės prieigos pagal indeksą
11.Duomenų struktūros
Atsakymas: B · Paskutinis elementas perkeliamas į šaknį ir leidžiamas žemyn (sift down)
Kodėl tai yra atsakymas
Paskutinis elementas užpildo tuščią vietą šaknyje ir keičiamas vietomis su mažesniuoju vaiku, kol galioja krūvos savybė; tai užtrunka O(log n).
Atsakymas
B · Paskutinis elementas perkeliamas į šaknį ir leidžiamas žemyn (sift down)
12.Duomenų struktūros
Atsakymas: B · Pirminį grupavimąsi (primary clustering), kai susidaro ilgos užimtų vietų sekos
Kodėl tai yra atsakymas
Tiesinis zondavimas žengia po 1, todėl užimtos sekos auga ir susilieja; dvigubas maišymas žingsnio dydžiui naudoja antrą maišos funkciją, todėl skirtingi raktai zonduoja skirtingas sekas.
Atsakymas
B · Pirminį grupavimąsi (primary clustering), kai susidaro ilgos užimtų vietų sekos
13.Grafų teorija
Atsakymas: k = 6
Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.
Karkasinio medžio briaunos
14 − 1 = 13
Pašalintinos briaunos
k = 19 − 13 = 6
Atsakymas
k = 6
14.Grafų teorija
Atsakymas: N = 3
Laipsniai: viršūnės laipsnis yra joje susitinkančių briaunų skaičius. Kiekviena briauna turi du galus, todėl laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui: Σ deg(v) = 2|E| (rankų paspaudimo lema). Todėl nelyginio laipsnio viršūnių skaičius lyginis. Kn turi n(n − 1)/2 briaunų, k-reguliarusis grafas su n viršūnių – nk/2, o medis su n viršūnių – n − 1 briauną.
Gretimumo matrica
A: 0 0 1 0 0 0
B: 0 0 1 1 1 0
C: 1 1 0 0 1 0
D: 0 1 0 0 1 1
E: 0 1 1 1 0 1
F: 0 0 0 1 1 0
Dar vienas žingsnis
(M³)FB = 0·0 + 2·0 + 1·1 + 1·1 + 1·1 + 2·0 = 3
Atsakymas
N = 3
15.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: C · Ją nurodančios vaikinės eilutės ištrinamos automatiškai
Kodėl tai yra atsakymas
CASCADE trynimą perduoda nurodančioms eilutėms; kiti variantai yra RESTRICT/NO ACTION (atmesti) ir SET NULL.
Atsakymas
C · Ją nurodančios vaikinės eilutės ištrinamos automatiškai
16.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: A · Konfliktų atžvilgiu serializuojamus tvarkaraščius (conflict-serializable)
Kodėl tai yra atsakymas
2PL garantuoja serializuojamumą, tačiau aklavietės (deadlocks) vis dar galimos, todėl jas reikia aptikti arba jų išvengti.
Atsakymas
A · Konfliktų atžvilgiu serializuojamus tvarkaraščius (conflict-serializable)
17.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: D · CSMA/CD
Kodėl tai yra atsakymas
Daugkartinė prieiga su nešlio jutimu ir kolizijų aptikimu: aptikusios koliziją stotys sustoja ir bando vėl po atsitiktinės delsos. Visiškai dupleksiniame komutuojamame Ethernet kolizijų nėra.
Atsakymas
D · CSMA/CD
18.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: A · Apie 5 Mbit/s
Kodėl tai yra atsakymas
Našumas ≤ langas / RTT = 65,536 × 8 bitų / 0,1 s ≈ 5,2 Mbit/s, kad ir kokia sparti būtų jungtis.
Atsakymas
A · Apie 5 Mbit/s
19.IPv4 potinkliai
Atsakymas: H = 126
IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).
Prefikso ilgis
255.255.255.128 = /25
Naudojami mazgai
27 − 2 = 126
Atsakymas
H = 126
20.IPv4 potinkliai
Atsakymas: p = 22
Maršrutų apibendrinimas: apibendrintas maršrutas a.b.c.0/p apima visus tinklus, kurių pirmieji p bitai sutampa. Pirmojo ir paskutinio tinklo besiskiriantį oktetą užrašykite dvejetainiu pavidalu; bendrų pradinių bitų skaičius, pridėjus ankstesnių oktetų bitus, yra ilgiausias apibendrinimo prefiksas.