Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.
Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų
Metodas
Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.
Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metodas
Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Grafų teorija
Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij
Metodas
Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).
IPv4 potinkliai
Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n
2Uždaviniai
1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
Nustatykite bitus, kad jie saugotų −17 8 bitų dvejetainiu papildomuoju kodu. Skaitant kaip skaičių be ženklo, kokia šablono reikšmė U?
N = −178 bit
U =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
Nustatykite bitus pagal 8 bitų rezultatą 0011 1110 OR 0011 1100. Kokia rezultato reikšmė R dešimtainėje sistemoje?
0011 1110OR0011 1100
R =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
Norite įrodyti (a ∨ b) → ¬c prieštara. Kurį teiginį darote prielaida pradžioje? Spustelėkite jį.
(a ∨ b) → ¬c
1(a ∨ b) ∧ ¬¬c
2¬(a ∨ b) ∧ ¬¬c
3¬(a ∨ b) ∧ ¬c
4¬(a ∨ b) → ¬¬c
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
Kuris teiginys yra ekvivalentus ¬∀x (A(x) → ∃y R(x, y)), kai neigimas perkeltas iki pat vidaus? Spustelėkite jį.
¬∀x (A(x) → ∃y R(x, y))
1∃x (¬A(x) ∧ ∃y R(x, y))
2∃x (A(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))
3∀x (A(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))
4∃x (A(x) → ∀y ¬R(x, y))
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
Karno žemėlapiu raskite minimalią F(A, B, C, D) = Σm(2, 3, 10, 14, 15) sandaugų sumos (SOP) formą. Kiek sandaugos narių N ji turi?
F(A, B, C, D) = Σm(2, 3, 10, 14, 15)
N =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
Kylančiuoju frontu valdomas JK trigeris pradeda nuo Q = 0 ir gauna parodytus įėjimus. Spustelėkite pirmąjį taktinį frontą, kuriuo Q iš 1 grįžta į 0.
Q₀ = 0JK
1taktinis frontas 1
2taktinis frontas 2
3taktinis frontas 3
4taktinis frontas 4
5taktinis frontas 5
6taktinis frontas 6
7taktinis frontas 7
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis
Raskite 50 atvirkštinį moduliu 61: skaičių x, kur 0 < x < 61 ir 50·x ≡ 1 (mod 61).
a = 50n = 61
50−1 mod 61 =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus
RSA raktas naudoja p = 23, q = 47 ir e = 3. Iššifruokite šifrogramą c = 542: raskite pranešimą m.
p = 23q = 47e = 3c = 542
m =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis
Kam lygus rekurentinės lygties T(n) = 2T(n/2) + O(1) sprendinys?
AO(n)
BO(n log n)
CO(n²)
DO(log n)
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus
Kodėl vidutiniškai paieška maišos lentelėje yra O(1), o blogiausiu atveju – O(n)?
APrieiga prie masyvų yra O(n)
BDaug raktų gali susidurti ir patekti į tą patį krepšelį
CMaišos funkcijos yra lėtos
DRaktai pirmiausia turi būti surikiuoti
11.Duomenų struktūrosVidutinis
Kiek atminties naudoja grafo su V viršūnių gretimumo matrica?
AO(V²)
BO(E)
CO(V + E)
DO(log V)
12.Duomenų struktūrosSunkus
Kuri duomenų struktūra leidžia LRU (least recently used) podėlį su O(1) get ir put operacijomis?
AVienas surikiuotas masyvas
BTik stekas
CMaišos žemėlapis kartu su dvikrypčiu susietuoju sąrašu
DTik dvejetainis paieškos medis
13.Grafų teorijaVidutinis
Medis turi 3 viršūnių, kurių laipsnis 4, 4 viršūnių, kurių laipsnis 5, o visos kitos jo viršūnės yra lapai (laipsnis 1). Kiek lapų L jis turi?
3 × deg 44 × deg 5
L =
14.Grafų teorijaSunkus
Kiek yra 2 ilgio maršrutų iš E į F? Maršrutas gali kartoti viršūnes ir briaunas. Pažymėkite skaičių N.
M = gretimumo matricaL = 2
N =
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis
Darbuotojų lentelė turi stulpelį manager_id, nurodantį kitą darbuotoją. Kaip išvardyti kiekvieną darbuotoją kartu su jo vadovo vardu?
ANaudoti tik GROUP BY manager_id
BDiske sukurti antrą lentelės kopiją
CSujungti lentelę su ja pačia naudojant UNION ALL ir WHERE filtrą
DSujungti darbuotojų lentelę pačią su savimi naudojant du pseudonimus
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus
Boyce’o–Coddo normalinė forma (BCNF) reikalauja, kad kiekvienai netrivialiai funkcinei priklausomybei X → Y:
AY būtų pirminis raktas
BX būtų superraktas
CX turėtų NULL
DY būtų atominis
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis
Kuriame OSI lygmenyje paprastai veikia komutatorius?
AFiziniame (1 lygmuo)
BTransporto (4 lygmuo)
CTinklo (3 lygmuo)
DKanaliniame (2 lygmuo)
18.Kompiuterių tinklaiSunkus
Užpuolikas LAN tinkle siunčia suklastotus ARP atsakymus, teigdamas turįs šliuzo IP adresą. Koks tikėtinas rezultatas?
AVisame internete nepavyksta visos DNS užklausos
BAukos šliuzui skirtą srautą siunčia užpuolikui, todėl įmanoma tarpininko (man-in-the-middle) ataka
CKomutatorius išjungia visus savo prievadus
DŠliuzo IP adresas visam laikui pakeičiamas į užpuoliko adresą kiekviename maršrutizatoriuje
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
Tinklas 10.99.112.0/20 padalytas į vienodus potinklius su prefiksu /24. Kiek yra potinklių N?
10.99.112.0/20/24
N =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
Tinklas 192.168.105.0/24 VLSM būdu dalijamas šiems LAN: A: 20 mazgai, B: 5 mazgai, C: 99 mazgai, D: 22 mazgai. Potinkliai skiriami nuo .0 aukštyn, pirmiausia LAN su daugiausia mazgų, kiekvienam mažiausias tinkamas potinklis. Koks LAN B tinklo adreso ketvirtasis oktetas x?
A: 20B: 5C: 99D: 22
x =
3Tirpalai
1.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: U = 239
Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.
Invertuokite ir pridėkite vienetą
17 = 0001 0001
invertuota: 1110 1110
+1 → 1110 1111
Perskaitykite be ženklo
1110 1111₂ = 256 − 17 = 239
Atsakymas
U = 239
2.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: R = 62
Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.
Bitas po bito
OR duoda 1, kur bent vienas bitas yra 1.
0011 1110
OR 0011 1100
= 0011 1110
Rezultato reikšmė
0011 1110₂ = 62
Atsakymas
R = 62
3.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: (a ∨ b) ∧ ¬¬c
Loginis ekvivalentumas: dvi formulės yra ekvivalenčios (≡), kai kiekvienoje teisingumo lentelės eilutėje turi tą pačią reikšmę. Tautologija yra 1 kiekvienoje eilutėje, prieštara – 0 kiekvienoje eilutėje, o kontingencija nėra nei viena, nei kita. Naudingi dėsniai: De Morgano, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ir ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozicija); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ir distributyvumo dėsniai, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Implikacijos dalys
a = a ∨ b, b = ¬c
Implikacijos neigimas
¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = (a ∨ b) ∧ ¬¬c
Atsakymas
(a ∨ b) ∧ ¬¬c
Jei prielaida lemia prieštarą, implikacija turi būti teisinga.
4.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: ∃x (A(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))
Kvantoriai ir argumentai: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ir ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Perkelkite neigimą į vidų, sukeiskite kiekvieną kvantorių, pro kurį jis praeina, o vidinę formulę paneikite teiginių logikos dėsniais, pavyzdžiui, ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Argumentas yra teisingas (galiojantis), kai išvada lygi 1 kiekvienoje eilutėje, kurioje visos prielaidos lygios 1. Viena eilutė su teisingomis prielaidomis ir klaidinga išvada yra kontrapavyzdys ir rodo, kad argumentas negalioja.
Perkelkite neigimą į vidų
¬∀x (A(x) → ∃y R(x, y)) ≡ ∃x (A(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))
Atsakymas
∃x (A(x) ∧ ∀y ¬R(x, y))
Kiti variantai arba palieka kvantorių nepakeistą, arba keičia kvantorių tvarką, arba netinkamai neigia vidinę formulę.
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: N = 3
Karno žemėlapiai: langeliai išdėstyti Grejaus kodu (00, 01, 11, 10), todėl gretimi langeliai, įskaitant esančius per kraštus, skiriasi tiksliai vienu kintamuoju. Sugrupuokite vienetus į 1, 2, 4, 8 arba 16 langelių stačiakampius, kuo didesnius ir kuo mažiau, kol bus padengtas kiekvienas vienetas. Kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys: kintamieji, kurie joje nesikeičia. 2ᵏ langelių grupė netenka k kintamųjų. Nesvarbias reikšmes (X) galima naudoti grupėms didinti, bet jų dengti nebūtina. Grupuojant nulius, gaunama minimali POS forma.
Sugrupuokite vienetus
Kiekviena grupė yra 2ᵏ langelių stačiakampis; kraštiniai langeliai yra priešingo krašto langelių kaimynai.
B′CD′
A′B′C
ABC
Minimali SOP forma
F = B′CD′ + A′B′C + ABC
N = 3
Atsakymas
N = 3
Egzistuoja kitas to paties dydžio grupavimas; jis turi tiek pat narių ir literalų.
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: taktinis frontas 3
Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.
Q po kiekvieno fronto
JK trigeris: 00 išlaiko, 01 nustato į 0 (Q = 0), 10 nustato į 1 (Q = 1), 11 perjungia.
1: J = 0, K = 1 → Q = 0
2: J = 1, K = 1 → Q = 1
3: J = 0, K = 1 → Q = 0
4: J = 0, K = 0 → Q = 0
5: J = 1, K = 1 → Q = 1
6: J = 0, K = 0 → Q = 1
7: J = 0, K = 1 → Q = 0
Pirmasis pokytis iš 1 į 0
taktinis frontas 3
Atsakymas
taktinis frontas 3
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: 50−1 mod 61 = 11
Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Išplėstinis Euklido algoritmas
Kiekviena liekana r užrašoma kaip r ≡ t·50 (mod 61).
r = 61, t = 0
r = 50, q = 1, t = 1
r = 11, q = 4, t = −1
r = 6, q = 1, t = 5
r = 5, q = 1, t = −6
r = 1, q = 5, t = 11
Atvirkštinė
1 ≡ 11·50 (mod 61)
x = 11
patikra: 50·11 = 550 = 9·61 + 1
Atsakymas
50−1 mod 61 = 11
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: m = 64
Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.
Privatusis rodiklis
n = 1081, φ(n) = 1012
d = 3−1 mod 1012 = 675
Iššifruokite kartotiniu kėlimu kvadratu
675 = 512 + 128 + 32 + 2 + 1
5421 ≡ 542 (mod 1081)
5422 ≡ 813 (mod 1081)
5424 ≡ 478 (mod 1081)
5428 ≡ 393 (mod 1081)
54216 ≡ 947 (mod 1081)
54232 ≡ 660 (mod 1081)
54264 ≡ 1038 (mod 1081)
542128 ≡ 768 (mod 1081)
542256 ≡ 679 (mod 1081)
542512 ≡ 535 (mod 1081)
542675 ≡ 542·813·660·768·535 ≡ 64 (mod 1081)
Žinutė
m = 64
patikra: 643 mod 1081 = 542
Atsakymas
m = 64
9.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: A · O(n)
Kodėl tai yra atsakymas
Pagal pagrindinę teoremą (master theorem) nlog₂ 2 = n dominuoja pastovų darbą, todėl T(n) = Θ(n), kaip ieškant maksimumo dalijant pusiau.
Atsakymas
A · O(n)
10.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: B · Daug raktų gali susidurti ir patekti į tą patį krepšelį
Kodėl tai yra atsakymas
Esant geros maišos funkcijai ir tinkamam užpildymo koeficientui, krepšeliai vidutiniškai lieka trumpi; piktavališkai parinkti duomenys arba prasta maišos funkcija gali sudėti visus raktus į vieną krepšelį.
Atsakymas
B · Daug raktų gali susidurti ir patekti į tą patį krepšelį
11.Duomenų struktūros
Atsakymas: A · O(V²)
Kodėl tai yra atsakymas
Gretimumo matrica saugo V × V įrašų, tai efektyvu tankiems grafams; gretimumo sąrašai naudoja O(V + E) ir geriau tinka retiems grafams.
Atsakymas
A · O(V²)
12.Duomenų struktūros
Atsakymas: C · Maišos žemėlapis kartu su dvikrypčiu susietuoju sąrašu
Kodėl tai yra atsakymas
Maišos žemėlapis randa mazgus per O(1), o dvikryptis susietasis sąrašas perkelia naudotus elementus į priekį ir pašalina iš galo per O(1).
Atsakymas
C · Maišos žemėlapis kartu su dvikrypčiu susietuoju sąrašu
13.Grafų teorija
Atsakymas: L = 20
Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.
Rankų paspaudimo lema medžiui
L + 32 = 2(L + 7) − 2
L = 20
Atsakymas
L = 20
Trumpesnis kelias: L = 2 + Σ (d − 2) pagal viršūnes, kurių laipsnis d ≥ 3.
14.Grafų teorija
Atsakymas: N = 1
Laipsniai: viršūnės laipsnis yra joje susitinkančių briaunų skaičius. Kiekviena briauna turi du galus, todėl laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui: Σ deg(v) = 2|E| (rankų paspaudimo lema). Todėl nelyginio laipsnio viršūnių skaičius lyginis. Kn turi n(n − 1)/2 briaunų, k-reguliarusis grafas su n viršūnių – nk/2, o medis su n viršūnių – n − 1 briauną.
Gretimumo matrica
A: 0 0 1 0 0 0
B: 0 0 0 1 1 0
C: 1 0 0 0 1 0
D: 0 1 0 0 1 1
E: 0 1 1 1 0 1
F: 0 0 0 1 1 0
Bendri kaimynai
(M²)EF = 0·0 + 1·0 + 1·0 + 1·1 + 0·1 + 1·0 = 1
Atsakymas
N = 1
15.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: D · Sujungti darbuotojų lentelę pačią su savimi naudojant du pseudonimus
Kodėl tai yra atsakymas
Savisujungimas, pvz., FROM employees e JOIN employees m ON e.manager_id = m.id, leidžia vienam pseudonimui būti darbuotoju, o kitam – vadovu.
Atsakymas
D · Sujungti darbuotojų lentelę pačią su savimi naudojant du pseudonimus
16.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: B · X būtų superraktas
Kodėl tai yra atsakymas
BCNF reikalauja, kad kiekvienas determinantas būtų kandidatinis raktas (superraktas); 3NF leidžia išimtį, kai Y yra kandidatinio rakto dalis.
Atsakymas
B · X būtų superraktas
17.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: D · Kanaliniame (2 lygmuo)
Kodėl tai yra atsakymas
Įprastas komutatorius išmoksta MAC adresus ir persiunčia kadrus 2 lygmeniu. 3 lygmens komutatoriai taip pat maršrutizuoja.
Atsakymas
D · Kanaliniame (2 lygmuo)
18.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: B · Aukos šliuzui skirtą srautą siunčia užpuolikui, todėl įmanoma tarpininko (man-in-the-middle) ataka
Kodėl tai yra atsakymas
ARP klastojimas užnuodija mazgų ARP podėlius, šliuzo IP susiedamas su užpuoliko MAC. Tada užpuolikas gali skaityti, keisti ar atmesti srautą; nuo to padeda dinaminis ARP tikrinimas.
Atsakymas
B · Aukos šliuzui skirtą srautą siunčia užpuolikui, todėl įmanoma tarpininko (man-in-the-middle) ataka
19.IPv4 potinkliai
Atsakymas: N = 16
IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).
VLSM: kiekvienas LAN gauna mažiausią potinklį, kuriame 2ʰ − 2 ≥ jo mazgų skaičius, t. y. prefiksą 32 − h. Pirmiausia skiriant didžiausius potinklius, kiekvienas blokas lygiuojamas į savo dydžio kartotinį, todėl tinklų adresai gaunami sudedant bloko dydžius.