Informatikos pagrindai: pasiruošimo paketas

Formulių lapai, pagrindiniai kiekvienos temos metodų žingsniai ir 20 uždavinių, o pilni sprendimai pateikti gale.

Nauji uždaviniaiAtgal į kursą

Spausdinimo lange pasirinkite „Išsaugoti kaip PDF“, kad nuosavą kopiją išsaugotumėte savo įrenginyje.

1Formulės ir metodai

Skaičiavimo sistemos

Pozicijų vertės
dvejetainė 2k, aštuntainė 8k, šešioliktainė 16k
Į dešimtainę
Σ dk·bk
Iš dešimtainės
dalykite iš pagrindo, liekanas skaitykite iš apačios į viršų
Šešioliktainė ↔ dvejetainė
vienas šešioliktainis skaitmuo = 4 bitai
Papildomasis kodas
invertuokite bitus ir pridėkite 1

Teiginių logika ir įrodymai

Teisingumo lentelės eilutės
2ⁿ
Implikacija
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikacijos neigimas
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Ekvivalencija
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgano dėsniai
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributyvumo dėsniai
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Kvantorių neigimas
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metodas

  1. Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
  2. Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
  3. Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
  4. Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
  5. Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.

Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų

Metodas

  1. Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
  2. Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
  3. Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
  4. Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.

Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metodas

  1. Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
  2. Didžiausiam bendrajam dalikliui kartokite dalybą Euklido algoritmu; paskutinė nenulinė liekana yra DBD.
  3. Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
  4. Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
  5. Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafų teorija

Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij

Metodas

  1. Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
  2. Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
  3. Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
  4. Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
  5. Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).

IPv4 potinkliai

Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n

2Uždaviniai

1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
8 bitų papildomasis kodas0−12806403201608040201

Nustatykite bitus, kad jie saugotų −64 8 bitų dvejetainiu papildomuoju kodu. Skaitant kaip skaičių be ženklo, kokia šablono reikšmė U?

N = −648 bit
U =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
spustelėkite bitus, kad juos nustatytumėte012806403201608040201

Nustatykite bitus pagal 8 bitų rezultatą 0101 1110 << 1. Kokia rezultato reikšmė R dešimtainėje sistemoje?

0101 1110<< 1
R =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
(r ∧ p) ∨ (r ∧ q)(r ∨ p) ∧ q(r ∨ p) ∧ (r ∨ q)r ∧ (p ∨ q)

Kuri formulė yra logiškai ekvivalenti r ∨ (p ∧ q)? Spustelėkite ją.

r ∨ (p ∧ q)
  1. 1(r ∧ p) ∨ (r ∧ q)
  2. 2(r ∨ p) ∧ q
  3. 3(r ∨ p) ∧ (r ∨ q)
  4. 4r ∧ (p ∨ q)
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
q¬pp ∧ ¬qp

Duotos prielaidos (r ∧ p) → q; r; ¬q. Kokia išvada iš jų išplaukia? Spustelėkite ją.

(r ∧ p) → qr¬q
  1. 1q
  2. 2¬p
  3. 3p ∧ ¬q
  4. 4p
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
ABC000111100101324576

Supaprastinkite F = AB + A′B′C + AB′C + AC iki minimalios sandaugų sumos formos. Kiek literalų L turi supaprastinta išraiška?

F = AB + A′B′C + AB′C + AC
L =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
ABCD0001111000011110101113021415070611201311511408X9X11110

Raskite minimalią F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 3, 4, 5, 10, 12, 14, 15) + d(9, 11) SOP formą, kur d žymi nesvarbias sąlygas. Kiek literalų L ji turi?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 3, 4, 5, 10, 12, 14, 15) + d(9, 11)
L =
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis

Raskite Oilerio funkciją φ(22), t. y. sveikųjų skaičių nuo 1 iki 22, tarpusavyje pirminių su 22, skaičių.

n = 22 = 2·11
φ(22) =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus

Kartotiniu kėlimu kvadratu raskite 83166 mod 96.

a = 83k = 166n = 96
83166 mod 96 =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis

Greitasis rikiavimas visada kaip atraminį elementą naudoja pirmąjį elementą. Su kokia įvestimi jis elgiasi blogiausiai?

  1. ASu 2 ilgio masyvu
  2. BSu masyvu, kurio visi elementai skirtingi
  3. CSu jau surikiuotu masyvu
  4. DSu atsitiktinės tvarkos masyvu
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus

Kuris teiginys apie k-ojo mažiausio nesurikiuoto masyvo elemento išrinkimą teisingas?

  1. AQuickselect blogiausiu atveju veikia per O(log n), nes rekursija vyksta tik į vieną atramos elemento pusę
  2. BIšrinkimui visada reikia Ω(n log n), nes reikia rikiavimo
  3. CIšrinkimas įmanomas tik per O(n²)
  4. DQuickselect veikia per tikėtiną O(n), o medianų medianos metodas garantuoja O(n) blogiausiu atveju
11.Duomenų struktūrosVidutinis

Kaip žiedinėje eilėje, saugomoje n talpos masyve, apskaičiuojama kita pozicija po indekso i?

  1. A(i − 1) mod n
  2. Bi + 1
  3. C(i + 1) mod n
  4. D2i + 1
12.Duomenų struktūrosSunkus

Įterpus raktą į AVL medį, mazgo kairysis pomedis tampa per aukštas, o naujas raktas pateko į jo kairiojo vaiko kairįjį pomedį (kairė–kairė atvejis). Koks taisymas taikomas?

  1. AMazgo ir jo vaiko perspalvinimas
  2. BKairysis posūkis vaike, tada dešinysis posūkis mazge
  3. CVienas kairysis posūkis nesubalansuotame mazge
  4. DVienas dešinysis posūkis nesubalansuotame mazge
13.Grafų teorijaVidutinis

Kiek skirtingų Hamiltono ciklų H turi pilnasis grafas K7? Ciklai, besiskiriantys tik pradine viršūne ar kryptimi, laikomi tuo pačiu.

K7
H =
14.Grafų teorijaSunkus
7143731321ABCDEF

Dijkstros algoritmu raskite trumpiausio kelio nuo A iki F svertiniame grafe ilgį d(F).

pradžia: Apabaiga: F
d(F) =
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis

Kuris sakinys pašalina visas lentelės eilutes, išlaiko jos struktūrą ir negali turėti WHERE sąlygos?

  1. ADROP TABLE
  2. BTRUNCATE TABLE
  3. CALTER TABLE
  4. DDELETE FROM su WHERE sąlyga
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus

Lentelės employee(emp_id, dept_id, dept_name) raktas yra emp_id, ir dept_id → dept_name. Kuris teiginys teisingas?

  1. AJi yra BCNF, taigi ir 3NF
  2. BJi nėra 1NF
  3. CJi yra 2NF, bet ne 3NF
  4. DJi nėra 2NF
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis

Kodėl tiesioginiams vaizdo skambučiams dažnai teikiama pirmenybė UDP?

  1. AUDP privalomas bet kokiam vaizdo įrašui
  2. BUDP garantuoja, kad kiekvienas paketas pasieks tikslą, todėl vaizdas niekada nesustoja
  3. CMažas vėlinimas svarbesnis nei kiekvieno prarasto paketo pakartotinis siuntimas
  4. DUDP automatiškai šifruoja duomenis
18.Kompiuterių tinklaiSunkus

Užpuolikas LAN tinkle siunčia suklastotus ARP atsakymus, teigdamas turįs šliuzo IP adresą. Koks tikėtinas rezultatas?

  1. AAukos šliuzui skirtą srautą siunčia užpuolikui, todėl įmanoma tarpininko (man-in-the-middle) ataka
  2. BKomutatorius išjungia visus savo prievadus
  3. CŠliuzo IP adresas visam laikui pakeičiamas į užpuoliko adresą kiekviename maršrutizatoriuje
  4. DVisame internete nepavyksta visos DNS užklausos
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
/20 → /2211111111111111111111110000000000tinklo bitaimazgo bitai

Tinklas 10.180.144.0/20 padalytas į vienodus potinklius su prefiksu /22. Kiek yra potinklių N?

10.180.144.0/20/22
N =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
trečiasis oktetas = 10012806403201618041201tinklasmazgas

Mazgo adresas yra 172.20.10.44/19. Koks jo potinklio transliacijos adreso trečiasis oktetas x?

172.20.10.44/19
x =

3Tirpalai

1.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: U = 192

Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.

Invertuokite ir pridėkite vienetą

64 = 0100 0000
invertuota: 1011 1111
+1 → 1100 0000

Perskaitykite be ženklo

1100 0000₂ = 256 − 64 = 192

Atsakymas

U = 192
2.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: R = 188

Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.

Bitas po bito

Postūmis kairėn 1 perkelia kiekvieną bitą 1 pozicijomis į kairę; bitai, iškritę iš kairiojo galo, prarandami, o dešinėje įeina nuliai.

0101 1110 << 1
= 1011 1100

Rezultato reikšmė

1011 1100₂ = 188

Atsakymas

R = 188
3.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: (r ∨ p) ∧ (r ∨ q)

Loginis ekvivalentumas: dvi formulės yra ekvivalenčios (≡), kai kiekvienoje teisingumo lentelės eilutėje turi tą pačią reikšmę. Tautologija yra 1 kiekvienoje eilutėje, prieštara – 0 kiekvienoje eilutėje, o kontingencija nėra nei viena, nei kita. Naudingi dėsniai: De Morgano, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ir ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozicija); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ir distributyvumo dėsniai, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Dėsnis

∨ yra distributyvi ∧ atžvilgiu: a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
r ∨ (p ∧ q) ≡ (r ∨ p) ∧ (r ∨ q)

Patikrinkite teisingumo lentele

p = 1, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 1, r = 0: 1 | 0 1 1 0
p = 1, q = 0, r = 1: 1 | 1 0 1 1
p = 1, q = 0, r = 0: 0 | 0 0 0 0
p = 0, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 0, q = 1, r = 0: 0 | 0 0 0 0
p = 0, q = 0, r = 1: 1 | 0 0 1 0
p = 0, q = 0, r = 0: 0 | 0 0 0 0

Atsakymas

(r ∨ p) ∧ (r ∨ q)

Stulpeliai po brūkšniu yra variantai pateikta tvarka.

4.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: ¬p

Kvantoriai ir argumentai: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ir ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Perkelkite neigimą į vidų, sukeiskite kiekvieną kvantorių, pro kurį jis praeina, o vidinę formulę paneikite teiginių logikos dėsniais, pavyzdžiui, ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Argumentas yra teisingas (galiojantis), kai išvada lygi 1 kiekvienoje eilutėje, kurioje visos prielaidos lygios 1. Viena eilutė su teisingomis prielaidomis ir klaidinga išvada yra kontrapavyzdys ir rodo, kad argumentas negalioja.

Eilutės, kuriose visos prielaidos teisingos

p = 0, q = 0, r = 1: q = 0, ¬p = 1, p ∧ ¬q = 0, p = 0

Išvada

¬p (modus tollens su konjunkcija)

Atsakymas

¬p
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: L = 4

Būlio algebra: išraiškas supaprastinančios taisyklės yra X + X′ = 1 ir X·X′ = 0, X + X = X, sugėrimas X + X·Y = X, jungimo taisyklė X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y ir konsensuso teorema XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. De Morgano dėsniai (X·Y)′ paverčia X′ + Y′, o (X + Y)′ – X′·Y′. Karno žemėlapis šias taisykles taiko grafiškai: kiekviena dviejų gretimų langelių grupė yra vienas XY + XY′ = X taikymas.

Išraiškos mintermos

AB → m(6, 7)
A′B′C → m(1)
AB′C → m(5)
AC → m(5, 7)
ABC00011110010011030204151716

Sugrupuokite ir nuskaitykite

F = B′C + AB

Suskaičiuokite literalus

L = 4

Atsakymas

L = 4
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: L = 9

Karno žemėlapiai: langeliai išdėstyti Grejaus kodu (00, 01, 11, 10), todėl gretimi langeliai, įskaitant esančius per kraštus, skiriasi tiksliai vienu kintamuoju. Sugrupuokite vienetus į 1, 2, 4, 8 arba 16 langelių stačiakampius, kuo didesnius ir kuo mažiau, kol bus padengtas kiekvienas vienetas. Kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys: kintamieji, kurie joje nesikeičia. 2ᵏ langelių grupė netenka k kintamųjų. Nesvarbias reikšmes (X) galima naudoti grupėms didinti, bet jų dengti nebūtina. Grupuojant nulius, gaunama minimali POS forma.

Pagrindiniai implikantai

Didžiausios grupės, kurias galima sudaryti iš vienetų ir X.

B′D, BC′D′, A′C′, AC, ABD′
ABCD0001111000011110101113021415070611201311511408X9X11110

Minimalus dengimas

F = B′D + BC′D′ + A′C′ + AC
L = 9

Atsakymas

L = 9

Egzistuoja kitas to paties dydžio grupavimas; jis turi tiek pat narių ir literalų.

7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: φ(22) = 10

Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Pirminiai daugikliai

22 = 2·11

Oilerio funkcija

φ(22) = φ(2)·φ(11) = 1·10 = 10

Atsakymas

φ(22) = 10
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: 83166 mod 96 = 25

Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.

Dvejetainis rodiklis

166 = 101001102 = 128 + 32 + 4 + 2

Kartotinis kėlimas kvadratu

831 ≡ 83 (mod 96)
832 ≡ 73 (mod 96)
834 ≡ 49 (mod 96)
838 ≡ 1 (mod 96)
8316 ≡ 1 (mod 96)
8332 ≡ 1 (mod 96)
8364 ≡ 1 (mod 96)
83128 ≡ 1 (mod 96)

Sudauginkite reikalingus laipsnius

83166 ≡ 73·49·1·1 ≡ 25 (mod 96)

Atsakymas

83166 mod 96 = 25
9.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: C · Su jau surikiuotu masyvu

Kodėl tai yra atsakymas

Surikiuotoje įvestyje atraminis elementas visada yra minimumas, todėl viena pusė tuščia, o kitoje n − 1 elementų, ir gaunama O(n²).

Atsakymas

C · Su jau surikiuotu masyvu
10.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: D · Quickselect veikia per tikėtiną O(n), o medianų medianos metodas garantuoja O(n) blogiausiu atveju

Kodėl tai yra atsakymas

Su atsitiktiniais atraminiais elementais quickselect tikėtinas darbas yra n + n/2 + n/4 + ... = O(n); atraminį elementą parenkant kaip medianų medianą, blogiausias atvejis tampa tiesinis.

Atsakymas

D · Quickselect veikia per tikėtiną O(n), o medianų medianos metodas garantuoja O(n) blogiausiu atveju
11.Duomenų struktūros

Atsakymas: C · (i + 1) mod n

Kodėl tai yra atsakymas

Modulio operacija indeksą n − 1 grąžina į 0, todėl masyvas naudojamas pakartotinai, nepastumiant elementų.

Atsakymas

C · (i + 1) mod n
12.Duomenų struktūros

Atsakymas: D · Vienas dešinysis posūkis nesubalansuotame mazge

Kodėl tai yra atsakymas

Kairė–kairė atveju vienas dešinysis posūkis pakelia kairįjį vaiką aukštyn ir atkuria balansą; zigzago atvejams reikia dvigubo posūkio.

Atsakymas

D · Vienas dešinysis posūkis nesubalansuotame mazge
13.Grafų teorija

Atsakymas: H = 360

Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.

Suskaičiuokite

H = (7 − 1)!/2 = 720/2 = 360

Atsakymas

H = 360
14.Grafų teorija

Atsakymas: d(F) = 16

Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.

Dijkstra etapas po etapo

Kiekviena eilutė: užfiksuota viršūnė, jos galutinis atstumas ir kaimynai, kurių atstumas pagerėja.

A (0): B: 7, C: 14
B (7): C: 10, D: 14, E: 8
E (8)
C (10)
D (14): F: 16
F (16)

Trumpiausias kelias

A → B → D → F
d(F) = 16

Atsakymas

d(F) = 16
15.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: B · TRUNCATE TABLE

Kodėl tai yra atsakymas

TRUNCATE greitai ištuština lentelę ir išlaiko jos apibrėžimą; DELETE gali pašalinti pasirinktas eilutes, o DROP pašalina pačią lentelę.

Atsakymas

B · TRUNCATE TABLE
16.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: C · Ji yra 2NF, bet ne 3NF

Kodėl tai yra atsakymas

Raktas turi vieną stulpelį, todėl 2NF tenkinama, bet emp_id → dept_id → dept_name yra tranzityvioji priklausomybė, pažeidžianti 3NF.

Atsakymas

C · Ji yra 2NF, bet ne 3NF
17.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: C · Mažas vėlinimas svarbesnis nei kiekvieno prarasto paketo pakartotinis siuntimas

Kodėl tai yra atsakymas

Pakartotinis prarastų paketų siuntimas padidintų vėlinimą; realaus laiko medija toleruoja tam tikrus nuostolius, todėl naudojami UDP pagrįsti protokolai, pvz., RTP.

Atsakymas

C · Mažas vėlinimas svarbesnis nei kiekvieno prarasto paketo pakartotinis siuntimas
18.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: A · Aukos šliuzui skirtą srautą siunčia užpuolikui, todėl įmanoma tarpininko (man-in-the-middle) ataka

Kodėl tai yra atsakymas

ARP klastojimas užnuodija mazgų ARP podėlius, šliuzo IP susiedamas su užpuoliko MAC. Tada užpuolikas gali skaityti, keisti ar atmesti srautą; nuo to padeda dinaminis ARP tikrinimas.

Atsakymas

A · Aukos šliuzui skirtą srautą siunčia užpuolikui, todėl įmanoma tarpininko (man-in-the-middle) ataka
19.IPv4 potinkliai

Atsakymas: N = 4

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Pasiskolinti bitai

22 − 20 = 2

Potinklių skaičius

N = 22 = 4

Atsakymas

N = 4

Kiekviename /22 potinklyje yra 210 − 2 = 1022 naudojamų mazgų adresų.

20.IPv4 potinkliai

Atsakymas: x = 31

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Bloko dydis trečiajame oktete

25 = 32

Šio mazgo potinklis

tinklas: 172.20.0.0
transliacija: 172.20.31.255

Atsakymas

x = 31

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals