Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.
Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų
Metodas
Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.
Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metodas
Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Grafų teorija
Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij
Metodas
Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).
IPv4 potinkliai
Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n
2Uždaviniai
1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
Nustatykite bitus, kad jie saugotų −62 8 bitų dvejetainiu papildomuoju kodu. Skaitant kaip skaičių be ženklo, kokia šablono reikšmė U?
N = −628 bit
U =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
Sistema kiekvienam iš 1099 elementų turi suteikti atskirą tokio pat ilgio dvejetainį kodą. Kiek mažiausiai bitų b reikia?
1099
b = bit
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
Kuri formulė yra logiškai ekvivalenti q ↔ p? Spustelėkite ją.
q ↔ p
1(q → p) ∧ (p → q)
2(q → p) ∧ (¬p → ¬q)
3q ∧ p
4(q → p) ∨ (p → q)
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
Kiek iš 16 teisingumo lentelės eilučių daro ((s ↔ ¬p) ∨ r) ∨ ¬(q ∧ s) teisingą? Pažymėkite šį skaičių N.
((s ↔ ¬p) ∨ r) ∨ ¬(q ∧ s)
N =
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
Karno žemėlapiu raskite minimalią F(A, B, C, D) = Σm(4, 10, 13, 15) sandaugų sumos (SOP) formą. Kiek iš viso literalų L ji turi (su brūkšneliu žymimas kintamasis skaičiuojamas kaip vienas literalas)?
F(A, B, C, D) = Σm(4, 10, 13, 15)
L =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
Mod-13 skaitiklis turi išskaičiuoti 13 skirtingų būsenų. Kiek mažiausiai trigerių n jam reikia?
N = 13
n =
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis
Raskite mažiausią teigiamą sveikąjį skaičių x, kur x ≡ 8 (mod 10) ir x ≡ 1 (mod 11).
x ≡ 8 (mod 10)x ≡ 1 (mod 11)
x =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus
Kartotiniu kėlimu kvadratu raskite 13134 mod 51.
a = 13k = 134n = 51
13134 mod 51 =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis
Turint 1, 3 ir 4 vertės monetas ir 6 sumą, kiek monetų panaudoja godusis metodas „pirmiausia didžiausia moneta“, palyginti su optimaliu sprendiniu?
Ką reikia padaryti, norint parodyti, kad naujas uždavinys X yra NP-sunkus?
AParodyti, kad X galima patikrinti per polinominį laiką
BPer polinominį laiką redukuoti X į žinomą NP-sunkų uždavinį
CPer polinominį laiką redukuoti žinomą NP-sunkų uždavinį į X
DParodyti, kad X neturi polinominio algoritmo mažoms įvestims
11.Duomenų struktūrosVidutinis
Kurią duomenų struktūrą vykdoma programa naudoja aktyviems funkcijų kvietimams ir jų lokaliesiems kintamiesiems sekti?
ADinaminės atminties (heap) eilę
BRėmelių dvejetainį paieškos medį
CKvietimų steką
DFunkcijų maišos lentelę
12.Duomenų struktūrosSunkus
Kodėl duomenų bazės indeksams dažnai naudoja B+ medžius, o ne paprastus B medžius?
AB+ medžiai duomenis saugo tik šaknyje
BB+ medžių nereikia balansuoti
CB+ medžiai naudoja dvejetainius vidinius mazgus, todėl sumažėja skaitymų iš disko
DVisi įrašai yra susietuose lapuose, todėl intervalų peržiūra efektyvi
13.Grafų teorijaVidutinis
Kiek skirtingų Hamiltono ciklų H turi pilnasis grafas K4? Ciklai, besiskiriantys tik pradine viršūne ar kryptimi, laikomi tuo pačiu.
K4
H =
14.Grafų teorijaSunkus
Dijkstros algoritmas vykdomas nuo A. Spustelėkite viršūnę, užfiksuojamą (padaromą galutine) 5 etape; pats A yra 1 etapas.
pradžia: Aetapas 5
1A
2B
3C
4D
5E
6F
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis
Kada WHERE EXISTS (použklausa) eilutei yra teisinga?
AKai použklausa grąžina skaičių, didesnį už nulį
BKai použklausa grąžina bent vieną eilutę
CKai použklausa negrąžina NULL reikšmių
DKai použklausa grąžina lygiai vieną eilutę
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus
Kodėl užklausa su WHERE YEAR(order_date) = 2025 gali nenaudoti stulpelio order_date indekso?
AIndeksai niekada neveikia su datomis
BYEAR nėra galiojantis SQL
CIndeksas pagal order_date naudojamas tik ORDER BY sąlygoms, niekada WHERE
DFunkcijos taikymas stulpeliui neleidžia atlikti paprastos intervalinės paieškos indekse
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis
Kokią CIDR žymėjimo reikšmę atitinka potinklio kaukė 255.255.255.0?
A/8
B/24
C/32
D/16
18.Kompiuterių tinklaiSunkus
Eilės pradžios blokavimas (head-of-line blocking) HTTP/2 per TCP atsiranda todėl, kad:
AHTTP/2 naudoja UDP
BServeriai negali apdoroti lygiagrečių užklausų
CKiekvienai užklausai reikia atskiro naujo TCP ryšio, todėl vėlesnės užklausos laukia eilėje
DPrarastas TCP segmentas sulaiko visus multipleksuotus srautus, kol bus pakartotinai išsiųstas
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
Tinklą 192.168.10.0/24 reikia padalyti į bent 12 vienodų potinklių. Jei pasiskolinsite kuo mažiau bitų, kiek naudojamų mazgų H turės kiekvienas potinklis?
192.168.10.0/2412 subnets
H =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
Mazgo adresas yra 10.20.252.96/29. Koks yra jo potinklio transliacijos adreso paskutinis skaičius (ketvirtasis oktetas) x?
10.20.252.96/29
x =
3Tirpalai
1.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: U = 194
Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.
Invertuokite ir pridėkite vienetą
62 = 0011 1110
invertuota: 1100 0001
+1 → 1100 0010
Perskaitykite be ženklo
1100 0010₂ = 256 − 62 = 194
Atsakymas
U = 194
2.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: b = 11 bit
Pozicinės skaičiavimo sistemos: kiekvienas skaitmuo vertas savo reikšmės, padaugintos iš pagrindo laipsnio. Dvejetainėje sistemoje pozicijos vertos 1, 2, 4, 8, 16, …, šešioliktainėje 1, 16, 256, …, o A–F reiškia 10–15. 8 bitų papildomajame kode kairysis bitas vertas −128 vietoj +128; taip saugomi neigiami skaičiai.
Dvejeto laipsniai
210 = 1024 < 1099
211 = 2048 ≥ 1099
Atsakymas
b = 11
3.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: (q → p) ∧ (p → q)
Loginis ekvivalentumas: dvi formulės yra ekvivalenčios (≡), kai kiekvienoje teisingumo lentelės eilutėje turi tą pačią reikšmę. Tautologija yra 1 kiekvienoje eilutėje, prieštara – 0 kiekvienoje eilutėje, o kontingencija nėra nei viena, nei kita. Naudingi dėsniai: De Morgano, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ir ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozicija); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ir distributyvumo dėsniai, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Dėsnis
a ↔ b reiškia, kad implikacija galioja abiem kryptimis: (a → b) ∧ (b → a).
q ↔ p ≡ (q → p) ∧ (p → q)
Patikrinkite teisingumo lentele
p = 1, q = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 0: 0 | 0 1 0 1
p = 0, q = 1: 0 | 0 0 0 1
p = 0, q = 0: 1 | 1 1 0 1
Atsakymas
(q → p) ∧ (p → q)
Stulpeliai po brūkšniu yra variantai pateikta tvarka.
4.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: N = 15
Teisingumo lentelės: formulė su n skirtingų kintamųjų turi 2ⁿ eilučių, po vieną kiekvienam teisingumo reikšmių deriniui (1 = teisinga, 0 = klaidinga). Dirbkite iš vidaus į išorę ir kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį. ¬a apverčia reikšmę; a ∧ b yra 1 tik tada, kai abu lygūs 1; a ∨ b yra 0 tik tada, kai abu lygūs 0; a → b yra 0 tik tada, kai a = 1 ir b = 0; a ↔ b yra 1, kai abi pusės lygios.
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: L = 11
Karno žemėlapiai: langeliai išdėstyti Grejaus kodu (00, 01, 11, 10), todėl gretimi langeliai, įskaitant esančius per kraštus, skiriasi tiksliai vienu kintamuoju. Sugrupuokite vienetus į 1, 2, 4, 8 arba 16 langelių stačiakampius, kuo didesnius ir kuo mažiau, kol bus padengtas kiekvienas vienetas. Kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys: kintamieji, kurie joje nesikeičia. 2ᵏ langelių grupė netenka k kintamųjų. Nesvarbias reikšmes (X) galima naudoti grupėms didinti, bet jų dengti nebūtina. Grupuojant nulius, gaunama minimali POS forma.
Sugrupuokite vienetus
Kiekviena grupė yra 2ᵏ langelių stačiakampis; kraštiniai langeliai yra priešingo krašto langelių kaimynai.
ABD
A′BC′D′
AB′CD′
Minimali SOP forma
F = ABD + A′BC′D′ + AB′CD′
L = 11
Atsakymas
L = 11
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: n = 4
Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.
Trigerių skaičius
2ⁿ ≥ 13 → n = 4 (2⁴ = 16)
Atsakymas
n = 4
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: x = 78
Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Pirmoji kongruencija
x = 8 + 10k
Antroji kongruencija
8 + 10k ≡ 1 (mod 11) → 10k ≡ 4 (mod 11)
k ≡ 10·4 ≡ 7 (mod 11)
Rezultatas
x = 8 + 10·7 = 78
x = 78
patikra: 78 mod 10 = 8, 78 mod 11 = 1
Atsakymas
x = 78
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: 13134 mod 51 = 16
Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.
Godusis metodas paima 4 + 1 + 1 = 3 monetas, bet 3 + 3 panaudoja tik 2, todėl šiai monetų sistemai godusis metodas nėra optimalus; dinaminis programavimas – optimalus.
Atsakymas
C · Godusis panaudoja 3 monetas; optimalus sprendinys – 2
10.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: C · Per polinominį laiką redukuoti žinomą NP-sunkų uždavinį į X
Kodėl tai yra atsakymas
Jei žinomą sunkų uždavinį galima efektyviai transformuoti į X, greitas X algoritmas išspręstų ir žinomą uždavinį.
Atsakymas
C · Per polinominį laiką redukuoti žinomą NP-sunkų uždavinį į X
11.Duomenų struktūros
Atsakymas: C · Kvietimų steką
Kodėl tai yra atsakymas
Kiekvienas kvietimas įdeda steko rėmelį, o kiekvienas grįžimas jį išima, todėl naujausias kvietimas baigiasi pirmas.
Atsakymas
C · Kvietimų steką
12.Duomenų struktūros
Atsakymas: D · Visi įrašai yra susietuose lapuose, todėl intervalų peržiūra efektyvi
Kodėl tai yra atsakymas
B+ medyje vidiniai mazgai tik nukreipia paiešką, o lapai susieti raktų tvarka, todėl intervalo užklausa randa pirmąjį raktą ir tada eina lapais.
Atsakymas
D · Visi įrašai yra susietuose lapuose, todėl intervalų peržiūra efektyvi
13.Grafų teorija
Atsakymas: H = 3
Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.
Suskaičiuokite
H = (4 − 1)!/2 = 6/2 = 3
Atsakymas
H = 3
14.Grafų teorija
Atsakymas: F
Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.
Dijkstra etapas po etapo
1. A (0): B: 4, C: 2
2. C (2): E: 16
3. B (4): D: 5
4. D (5): E: 9, F: 7
5. F (7)
6. E (9)
etapas 5
F
Atsakymas
F
15.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: B · Kai použklausa grąžina bent vieną eilutę
Kodėl tai yra atsakymas
EXISTS tik tikrina, ar sukuriama bent viena eilutė; NOT EXISTS teisinga, kai použklausa negrąžina jokių eilučių.
Atsakymas
B · Kai použklausa grąžina bent vieną eilutę
16.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: D · Funkcijos taikymas stulpeliui neleidžia atlikti paprastos intervalinės paieškos indekse
Kodėl tai yra atsakymas
Ši išraiška nėra „sargable“; naudojant order_date >= '2025-01-01' AND order_date < '2026-01-01' galima atlikti intervalinį indekso skenavimą.
Atsakymas
D · Funkcijos taikymas stulpeliui neleidžia atlikti paprastos intervalinės paieškos indekse
17.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: B · /24
Kodėl tai yra atsakymas
Trys oktetai po 255 sudaro 24 vienetinius bitus, todėl 255.255.255.0 = /24.
Atsakymas
B · /24
18.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: D · Prarastas TCP segmentas sulaiko visus multipleksuotus srautus, kol bus pakartotinai išsiųstas
Kodėl tai yra atsakymas
TCP pristato baitus eilės tvarka, todėl vienas praradimas sustabdo kiekvieną ryšio srautą. QUIC (HTTP/3) srautus per UDP apdoroja nepriklausomai.
Atsakymas
D · Prarastas TCP segmentas sulaiko visus multipleksuotus srautus, kol bus pakartotinai išsiųstas
19.IPv4 potinkliai
Atsakymas: H = 14
IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).
Skolinami bitai
24 = 16 ≥ 12 → b = 4, /28
Mazgai potinklyje
24 − 2 = 14
Atsakymas
H = 14
20.IPv4 potinkliai
Atsakymas: x = 103
IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).