Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.
Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų
Metodas
Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.
Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metodas
Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Grafų teorija
Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij
Metodas
Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).
IPv4 potinkliai
Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n
2Uždaviniai
1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
Nustatykite bitus, kad jie saugotų −61 8 bitų dvejetainiu papildomuoju kodu. Skaitant kaip skaičių be ženklo, kokia šablono reikšmė U?
N = −618 bit
U =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
Koks yra mažiausias (labiausiai neigiamas) sveikasis skaičius N, kurį galima užrašyti 10 bitų papildomuoju kodu?
10 bit
N =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
Ar p → (p ∨ r) yra tautologija, prieštara ar kontingencija? Spustelėkite savo atsakymą.
p → (p ∨ r)
1tautologija
2prieštara
3kontingencija
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
Duotos prielaidos (p ∧ r) → q; p; ¬q. Kokia išvada iš jų išplaukia? Spustelėkite ją.
(p ∧ r) → qp¬q
1q
2r
3r ∧ ¬q
4¬r
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
Karno žemėlapiu raskite minimalią F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 4, 5, 7, 8, 11, 12, 15) sandaugų sumos (SOP) formą. Kiek iš viso literalų L ji turi (su brūkšneliu žymimas kintamasis skaičiuojamas kaip vienas literalas)?
F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 4, 5, 7, 8, 11, 12, 15)
L =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
Johnsono (susuktas žiedinis) skaitiklis sudarytas iš 3 D trigerių, invertuotas paskutinis išėjimas grąžinamas į pirmąjį įėjimą, ir pradeda nuo visų nulių. Kiek skirtingų būsenų N jis praeina?
n = 3
N =
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis
Išspręskite 49x ≡ 21 (mod 61). Pateikite sprendinį x, kur 0 < x < 61.
49x ≡ 21 (mod 61)
x =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus
29 yra pirminis skaičius. Pasinaudokite mažąja Ferma teorema ir raskite 2362467 mod 29.
p = 29k = 62467
2362467 mod 29 =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis
Funkcija vykdo vieną n iteracijų ciklą, o paskui, atskirai, dar vieną n iteracijų ciklą. Koks jos laiko sudėtingumas?
AO(log n)
BO(n²)
CO(n)
DO(2ⁿ)
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus
Taikant pagrindinę teoremą (master theorem), T(n) = 8T(n/2) + O(n²) sprendinys yra:
AΘ(n²)
BΘ(n³)
CΘ(n log n)
DΘ(n² log n)
11.Duomenų struktūrosVidutinis
Kaip rasti mažiausią raktą dvejetainiame paieškos medyje?
ANuo šaknies eiti dešiniaisiais vaikais, kol nebėra dešiniojo vaiko
BAplankyti kiekvieną lapą ir juos palyginti
CNuo šaknies eiti kairiaisiais vaikais, kol nebėra kairiojo vaiko
DPažiūrėti tik į šaknį
12.Duomenų struktūrosSunkus
Koks pagrindinis šuolių sąrašo (skip list) pranašumas prieš surikiuotą susietąjį sąrašą?
ATikėtina O(log n) paieška naudojant kelis į priekį rodančių rodyklių lygmenis
BGarantuota O(1) paieška, nes kiekvienas mazgas saugo rodyklę į kiekvieną kitą mazgą
CJis nenaudoja papildomos atminties
DJis saugo raktus be tvarkos
13.Grafų teorijaVidutinis
Jungus grafas turi 6 viršūnių ir 6 briaunų. Kiek briaunų k reikia pašalinti, kad liktų karkasinis medis?
|V| = 6|E| = 6
k =
14.Grafų teorijaSunkus
Dijkstros algoritmu raskite trumpiausio kelio nuo A iki F svertiniame grafe ilgį d(F).
pradžia: Apabaiga: F
d(F) =
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis
Kuris sakinys pašalina visas lentelės eilutes, išlaiko jos struktūrą ir negali turėti WHERE sąlygos?
ADROP TABLE
BALTER TABLE
CDELETE FROM su WHERE sąlyga
DTRUNCATE TABLE
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus
Lentelės enrolment(student_id, course_id, student_name, grade) raktas yra (student_id, course_id). Kurią normalinę formą ji pažeidžia?
AJokios, ji yra BCNF
BAntrąją normalinę formą, nes student_name priklauso tik nuo student_id
CPirmąją normalinę formą, nes stulpelyje grade nėra atominių reikšmių
DTik trečiąją normalinę formą, nes grade priklauso nuo student_name
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis
Kuris IPv4 antraštės laukas neleidžia paketams amžinai cirkuliuoti maršrutizavimo kilpoje?
AGyvavimo laikas (TTL)
BPaslaugos tipas
CIdentifikatorius
DAntraštės kontrolinė suma
18.Kompiuterių tinklaiSunkus
Kuo slankiojo lango protokoluose po vieno kadro praradimo Go-Back-N skiriasi nuo Selective Repeat?
AAbu persiunčia visą langą nuo pradžių
BNė vienas niekada nepersiunčia prarastų kadrų
CGo-Back-N persiunčia tik prarastą kadrą; Selective Repeat – tą kadrą ir visus vėlesnius
DGo-Back-N persiunčia prarastą kadrą ir visus vėlesnius; Selective Repeat – tik prarastą kadrą
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
Tinklas 10.112.112.0/20 padalytas į vienodus potinklius su prefiksu /23. Kiek yra potinklių N?
10.112.112.0/20/23
N =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
Maršrutizatorius turi maršrutus į šiuos tinklus: 10.46.91.0/24, 10.46.92.0/24, 10.46.93.0/24. Koks ilgiausias vieno apibendrinto maršruto, apimančio juos visus, prefikso ilgis p?
10.46.91.0/24 … 10.46.93.0/24
p =
3Tirpalai
1.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: U = 195
Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.
Invertuokite ir pridėkite vienetą
61 = 0011 1101
invertuota: 1100 0010
+1 → 1100 0011
Perskaitykite be ženklo
1100 0011₂ = 256 − 61 = 195
Atsakymas
U = 195
2.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: N = −512
Pozicinės skaičiavimo sistemos: kiekvienas skaitmuo vertas savo reikšmės, padaugintos iš pagrindo laipsnio. Dvejetainėje sistemoje pozicijos vertos 1, 2, 4, 8, 16, …, šešioliktainėje 1, 16, 256, …, o A–F reiškia 10–15. 8 bitų papildomajame kode kairysis bitas vertas −128 vietoj +128; taip saugomi neigiami skaičiai.
Labiausiai neigiama reikšmė
−29 = −512
Atsakymas
N = −512
3.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: tautologija
Loginis ekvivalentumas: dvi formulės yra ekvivalenčios (≡), kai kiekvienoje teisingumo lentelės eilutėje turi tą pačią reikšmę. Tautologija yra 1 kiekvienoje eilutėje, prieštara – 0 kiekvienoje eilutėje, o kontingencija nėra nei viena, nei kita. Naudingi dėsniai: De Morgano, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ir ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozicija); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ir distributyvumo dėsniai, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Teisingumo lentelė eilutė po eilutės
p = 1, r = 1: p ∨ r = 1, p → (p ∨ r) = 1
p = 1, r = 0: p ∨ r = 1, p → (p ∨ r) = 1
p = 0, r = 1: p ∨ r = 1, p → (p ∨ r) = 1
p = 0, r = 0: p ∨ r = 0, p → (p ∨ r) = 1
Klasifikuokite
p → (p ∨ r): 1, 1, 1, 1
1 kiekvienoje eilutėje: tautologija.
Atsakymas
tautologija
4.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: ¬r
Kvantoriai ir argumentai: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ir ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Perkelkite neigimą į vidų, sukeiskite kiekvieną kvantorių, pro kurį jis praeina, o vidinę formulę paneikite teiginių logikos dėsniais, pavyzdžiui, ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Argumentas yra teisingas (galiojantis), kai išvada lygi 1 kiekvienoje eilutėje, kurioje visos prielaidos lygios 1. Viena eilutė su teisingomis prielaidomis ir klaidinga išvada yra kontrapavyzdys ir rodo, kad argumentas negalioja.
Eilutės, kuriose visos prielaidos teisingos
p = 1, q = 0, r = 0: q = 0, r = 0, r ∧ ¬q = 0, ¬r = 1
Išvada
¬r (modus tollens su konjunkcija)
Atsakymas
¬r
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: L = 10
Karno žemėlapiai: langeliai išdėstyti Grejaus kodu (00, 01, 11, 10), todėl gretimi langeliai, įskaitant esančius per kraštus, skiriasi tiksliai vienu kintamuoju. Sugrupuokite vienetus į 1, 2, 4, 8 arba 16 langelių stačiakampius, kuo didesnius ir kuo mažiau, kol bus padengtas kiekvienas vienetas. Kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys: kintamieji, kurie joje nesikeičia. 2ᵏ langelių grupė netenka k kintamųjų. Nesvarbias reikšmes (X) galima naudoti grupėms didinti, bet jų dengti nebūtina. Grupuojant nulius, gaunama minimali POS forma.
Sugrupuokite vienetus
Kiekviena grupė yra 2ᵏ langelių stačiakampis; kraštiniai langeliai yra priešingo krašto langelių kaimynai.
C′D′
BCD
A′C′
ACD
Minimali SOP forma
F = C′D′ + BCD + A′C′ + ACD
L = 10
Atsakymas
L = 10
Egzistuoja kitas to paties dydžio grupavimas; jis turi tiek pat narių ir literalų.
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: N = 6
Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.
Seka 3 trigeriams
000 → 100 → 110 → 111 → 011 → 001
Būsenų skaičius
N = 6
Atsakymas
N = 6
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: x = 44
Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
49 atvirkštinis
r = 61, t = 0
r = 49, q = 1, t = 1
r = 12, q = 4, t = −1
r = 1, q = 12, t = 5
49−1 ≡ 5 (mod 61)
Išspręskite
x ≡ 5·21 = 105 ≡ 44 (mod 61)
patikra: 49·44 = 2156 ≡ 21 (mod 61)
Atsakymas
x = 44
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: 2362467 mod 29 = 24
Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.
Suredukuokite rodiklį
62467 mod 28 = 27
2362467 ≡ 2327 (mod 29)
Mažas laipsnis
2327 mod 29 = 24
Atsakymas
2362467 mod 29 = 24
9.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: C · O(n)
Kodėl tai yra atsakymas
n + n = 2n, o pastovūs daugikliai atmetami, todėl funkcija yra O(n).
Atsakymas
C · O(n)
10.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: B · Θ(n³)
Kodėl tai yra atsakymas
log₂ 8 = 3, o n² auga lėčiau nei n³, todėl dominuoja lapai: Θ(n³).
Atsakymas
B · Θ(n³)
11.Duomenų struktūros
Atsakymas: C · Nuo šaknies eiti kairiaisiais vaikais, kol nebėra kairiojo vaiko
Kodėl tai yra atsakymas
Kairiausias mazgas medyje neturi mažesnio rakto, todėl jis yra minimumas; kaina proporcinga aukščiui.
Atsakymas
C · Nuo šaknies eiti kairiaisiais vaikais, kol nebėra kairiojo vaiko
12.Duomenų struktūros
Atsakymas: A · Tikėtina O(log n) paieška naudojant kelis į priekį rodančių rodyklių lygmenis
Kodėl tai yra atsakymas
Atsitiktiniai lygmenys leidžia paieškai praleisti daug mazgų, todėl paieškos, įterpimo ir šalinimo tikėtinas sudėtingumas yra O(log n).
Atsakymas
A · Tikėtina O(log n) paieška naudojant kelis į priekį rodančių rodyklių lygmenis
13.Grafų teorija
Atsakymas: k = 1
Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.
Karkasinio medžio briaunos
6 − 1 = 5
Pašalintinos briaunos
k = 6 − 5 = 1
Atsakymas
k = 1
14.Grafų teorija
Atsakymas: d(F) = 20
Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.
Dijkstra etapas po etapo
Kiekviena eilutė: užfiksuota viršūnė, jos galutinis atstumas ir kaimynai, kurių atstumas pagerėja.
A (0): B: 10
B (10): D: 11, G: 24
D (11): E: 23, F: 20
F (20)
E (23): C: 27
G (24)
C (27)
Trumpiausias kelias
A → B → D → F
d(F) = 20
Atsakymas
d(F) = 20
15.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: D · TRUNCATE TABLE
Kodėl tai yra atsakymas
TRUNCATE greitai ištuština lentelę ir išlaiko jos apibrėžimą; DELETE gali pašalinti pasirinktas eilutes, o DROP pašalina pačią lentelę.
Atsakymas
D · TRUNCATE TABLE
16.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: B · Antrąją normalinę formą, nes student_name priklauso tik nuo student_id
Kodėl tai yra atsakymas
student_name priklauso tik nuo rakto dalies – tai dalinė priklausomybė; jį perkėlus į studentų lentelę, 2NF pažeidimas ištaisomas.
Atsakymas
B · Antrąją normalinę formą, nes student_name priklauso tik nuo student_id
17.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: A · Gyvavimo laikas (TTL)
Kodėl tai yra atsakymas
Kiekvienas maršrutizatorius sumažina TTL; pasiekus nulį, paketas atmetamas ir paprastai išsiunčiamas ICMP pranešimas Time Exceeded. IPv6 jis vadinamas šuolių riba (hop limit).
Atsakymas
A · Gyvavimo laikas (TTL)
18.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: D · Go-Back-N persiunčia prarastą kadrą ir visus vėlesnius; Selective Repeat – tik prarastą kadrą
Kodėl tai yra atsakymas
Go-Back-N gavėjas ne eilės tvarka atėjusius kadrus atmeta, todėl siuntėjas turi pakartoti viską po praradimo. Selective Repeat juos saugo buferyje ir prašo tik trūkstamo.
Atsakymas
D · Go-Back-N persiunčia prarastą kadrą ir visus vėlesnius; Selective Repeat – tik prarastą kadrą
19.IPv4 potinkliai
Atsakymas: N = 8
IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).
Maršrutų apibendrinimas: apibendrintas maršrutas a.b.c.0/p apima visus tinklus, kurių pirmieji p bitai sutampa. Pirmojo ir paskutinio tinklo besiskiriantį oktetą užrašykite dvejetainiu pavidalu; bendrų pradinių bitų skaičius, pridėjus ankstesnių oktetų bitus, yra ilgiausias apibendrinimo prefiksas.
Palyginkite bitus
91 = 01011011
93 = 01011101
bendri pradiniai bitai: 5
Prefikso ilgis
p = 16 + 5 = 21
Atsakymas
p = /21
Apibendrintas maršrutas: 10.46.88.0/21 (jis taip pat apima tinklų, kurių nėra sąraše: 5).