Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.
Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų
Metodas
Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.
Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metodas
Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Grafų teorija
Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij
Metodas
Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).
IPv4 potinkliai
Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n
2Uždaviniai
1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
Nustatykite bitus, kad jie saugotų −48 8 bitų dvejetainiu papildomuoju kodu. Skaitant kaip skaičių be ženklo, kokia šablono reikšmė U?
N = −488 bit
U =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
Koks yra mažiausias (labiausiai neigiamas) sveikasis skaičius N, kurį galima užrašyti 10 bitų papildomuoju kodu?
10 bit
N =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
Norite įrodyti c → ¬b kontrapozicija. Kurią implikaciją įrodote vietoj jos? Spustelėkite ją.
c → ¬b
1¬¬b → ¬c
2c ∧ ¬¬b
3¬b → c
4¬c → ¬¬b
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
Kuris teiginys yra ekvivalentus ¬∃x ∀y R(x, y), kai neigimas perkeltas iki pat vidaus? Spustelėkite jį.
¬∃x ∀y R(x, y)
1∃x ∀y ¬R(x, y)
2∀x ∀y ¬R(x, y)
3∃x ∃y ¬R(x, y)
4∀x ∃y ¬R(x, y)
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
Karno žemėlapiu raskite minimalią F(A, B, C, D) = Σm(2, 4, 6, 7, 9, 10, 14) sumų sandaugos (POS) formą. Kiek sumos narių (daugiklių) N ji turi?
F(A, B, C, D) = Σm(2, 4, 6, 7, 9, 10, 14)
N =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
4 bitų postūmio registras Q₃Q₂Q₁Q₀ laiko 1111. Kiekvienu taktiniu frontu bitai pasislenka per vieną vietą į dešinę (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀, Q₀ prarandamas), o nuoseklusis įėjimas patenka į Q₃. Nuoseklusis įėjimas yra 0, 0, 0, 0, 1, 1 6 frontais. Nurodykite galutinę būseną Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ dešimtainiu skaičiumi.
Q₃Q₂Q₁Q₀ = 11110, 0, 0, 0, 1, 1
Q =
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis
Raskite 5 atvirkštinį moduliu 19: skaičių x, kur 0 < x < 19 ir 5·x ≡ 1 (mod 19).
a = 5n = 19
5−1 mod 19 =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus
RSA raktas naudoja p = 29, q = 47 ir e = 5. Iššifruokite šifrogramą c = 114: raskite pranešimą m.
p = 29q = 47e = 5c = 114
m =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis
Kuri godžioji taisyklė veiklų atrankos uždavinyje visada duoda didžiausią nepersidengiančių veiklų skaičių?
APirmiausia pasirinkti veiklą, turinčią mažiausiai persidengimų, tada kartoti su suderinamomis
BPirmiausia pasirinkti trumpiausią veiklą
CPasirinkti anksčiausiai pasibaigiančią veiklą, tada kartoti su suderinamomis
DPasirinkti anksčiausiai prasidedančią veiklą
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus
Taikant pagrindinę teoremą (master theorem), T(n) = 8T(n/2) + O(n²) sprendinys yra:
AΘ(n³)
BΘ(n² log n)
CΘ(n²)
DΘ(n log n)
11.Duomenų struktūrosVidutinis
Kas nutinka, kai maišos lentelė, jos užpildymo koeficientui viršijus slenkstį, atlieka pakartotinį maišymą (rehash)?
AIšskiriama didesnė lentelė, ir kiekvienas raktas įterpiamas iš naujo
BSeniausi raktai pašalinami vietai atlaisvinti
CEsami raktai surikiuojami vietoje
DĮ naują perpildos sąrašą lentelės gale perkeliami tik susidūrę raktai
12.Duomenų struktūrosSunkus
Kurias operacijas Fenwicko medis (binary indexed tree) n skaičių masyvui palaiko per O(log n)?
APrefiksų sumų užklausas ir vieno elemento atnaujinimus
BElementų įterpimą bet kurioje pozicijoje
CMasyvo rikiavimą ir dvejetainę paiešką
DMedianos radimą per O(1)
13.Grafų teorijaVidutinis
Kiek skirtingų Hamiltono ciklų H turi pilnasis grafas K4? Ciklai, besiskiriantys tik pradine viršūne ar kryptimi, laikomi tuo pačiu.
K4
H =
14.Grafų teorijaSunkus
Dijkstros algoritmas vykdomas nuo A. Spustelėkite viršūnę, užfiksuojamą (padaromą galutine) 5 etape; pats A yra 1 etapas.
pradžia: Aetapas 5
1A
2B
3C
4D
5E
6F
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis
Kodėl stulpeliams kuriami indeksai?
AKad būtų sutaupyta vietos diske
BKad būtų pagreitinta paieška ir sujungimai pagal tuos stulpelius
CKad įterpimas ir atnaujinimas tuose stulpeliuose vyktų greičiau
DKad būtų išvengta NULL reikšmių
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus
Kuris izoliacijos lygis apsaugo nuo „nešvarių“ skaitymų (dirty reads), bet vis dar leidžia nepakartojamus skaitymus (non-repeatable reads)?
ASerializable
BRead committed
CRepeatable read
DRead uncommitted
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis
Kokią metriką RIP naudoja maršrutams parinkti?
AJungties pralaidumą
BIšmatuotą delsą
CŠuolių skaičių
DVerslo politiką
18.Kompiuterių tinklaiSunkus
Eilės pradžios blokavimas (head-of-line blocking) HTTP/2 per TCP atsiranda todėl, kad:
AHTTP/2 naudoja UDP
BPrarastas TCP segmentas sulaiko visus multipleksuotus srautus, kol bus pakartotinai išsiųstas
CKiekvienai užklausai reikia atskiro naujo TCP ryšio, todėl vėlesnės užklausos laukia eilėje
DServeriai negali apdoroti lygiagrečių užklausų
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
Skyriui viename potinklyje reikia 1504 mazgų adresų. Koks yra ilgiausias prefiksas p (mažiausias potinklis), kurio pakanka?
1504 hosts
p =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
Maršrutizatorius turi maršrutus į šiuos tinklus: 10.192.101.0/24, 10.192.102.0/24, 10.192.103.0/24, 10.192.104.0/24, 10.192.105.0/24, 10.192.106.0/24. Koks ilgiausias vieno apibendrinto maršruto, apimančio juos visus, prefikso ilgis p?
10.192.101.0/24 … 10.192.106.0/24
p =
3Tirpalai
1.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: U = 208
Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.
Invertuokite ir pridėkite vienetą
48 = 0011 0000
invertuota: 1100 1111
+1 → 1101 0000
Perskaitykite be ženklo
1101 0000₂ = 256 − 48 = 208
Atsakymas
U = 208
2.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: N = −512
Pozicinės skaičiavimo sistemos: kiekvienas skaitmuo vertas savo reikšmės, padaugintos iš pagrindo laipsnio. Dvejetainėje sistemoje pozicijos vertos 1, 2, 4, 8, 16, …, šešioliktainėje 1, 16, 256, …, o A–F reiškia 10–15. 8 bitų papildomajame kode kairysis bitas vertas −128 vietoj +128; taip saugomi neigiami skaičiai.
Labiausiai neigiama reikšmė
−29 = −512
Atsakymas
N = −512
3.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: ¬¬b → ¬c
Loginis ekvivalentumas: dvi formulės yra ekvivalenčios (≡), kai kiekvienoje teisingumo lentelės eilutėje turi tą pačią reikšmę. Tautologija yra 1 kiekvienoje eilutėje, prieštara – 0 kiekvienoje eilutėje, o kontingencija nėra nei viena, nei kita. Naudingi dėsniai: De Morgano, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ir ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozicija); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ir distributyvumo dėsniai, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Implikacijos dalys
a = c, b = ¬b
Kontrapozicija
¬b → ¬a = ¬¬b → ¬c
Atsakymas
¬¬b → ¬c
Kontrapozicija yra ekvivalenti pradiniam teiginiui, todėl ją įrodžius įrodomas ir teiginys.
4.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: ∀x ∃y ¬R(x, y)
Kvantoriai ir argumentai: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ir ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Perkelkite neigimą į vidų, sukeiskite kiekvieną kvantorių, pro kurį jis praeina, o vidinę formulę paneikite teiginių logikos dėsniais, pavyzdžiui, ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Argumentas yra teisingas (galiojantis), kai išvada lygi 1 kiekvienoje eilutėje, kurioje visos prielaidos lygios 1. Viena eilutė su teisingomis prielaidomis ir klaidinga išvada yra kontrapavyzdys ir rodo, kad argumentas negalioja.
Perkelkite neigimą į vidų
¬∃x ∀y R(x, y) ≡ ∀x ∃y ¬R(x, y)
Atsakymas
∀x ∃y ¬R(x, y)
Kiti variantai arba palieka kvantorių nepakeistą, arba keičia kvantorių tvarką, arba netinkamai neigia vidinę formulę.
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: N = 5
Karno žemėlapiai: langeliai išdėstyti Grejaus kodu (00, 01, 11, 10), todėl gretimi langeliai, įskaitant esančius per kraštus, skiriasi tiksliai vienu kintamuoju. Sugrupuokite vienetus į 1, 2, 4, 8 arba 16 langelių stačiakampius, kuo didesnius ir kuo mažiau, kol bus padengtas kiekvienas vienetas. Kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys: kintamieji, kurie joje nesikeičia. 2ᵏ langelių grupė netenka k kintamųjų. Nesvarbias reikšmes (X) galima naudoti grupėms didinti, bet jų dengti nebūtina. Grupuojant nulius, gaunama minimali POS forma.
Sugrupuokite nulius
Kiekviena grupė yra 2ᵏ langelių stačiakampis; kraštiniai langeliai yra priešingo krašto langelių kaimynai.
(B + C + D)
(B′ + C + D′)
(A′ + C + D)
(A′ + C′ + D′)
(A + B + D′)
Minimali POS forma
F = (B + C + D)(B′ + C + D′)(A′ + C + D)(A′ + C′ + D′)(A + B + D′)
N = 5
Atsakymas
N = 5
Egzistuoja kitas to paties dydžio grupavimas; jis turi tiek pat narių ir literalų.
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: Q = 12
Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.
Būsena po kiekvieno fronto
1111 → 0111 → 0011 → 0001 → 0000 → 1000 → 1100
Dešimtainė reikšmė
1100₂ = 12
Atsakymas
Q = 12
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: 5−1 mod 19 = 4
Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Išplėstinis Euklido algoritmas
Kiekviena liekana r užrašoma kaip r ≡ t·5 (mod 19).
r = 19, t = 0
r = 5, q = 3, t = 1
r = 4, q = 1, t = −3
r = 1, q = 4, t = 4
Atvirkštinė
1 ≡ 4·5 (mod 19)
x = 4
patikra: 5·4 = 20 = 1·19 + 1
Atsakymas
5−1 mod 19 = 4
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: m = 1110
Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.
Privatusis rodiklis
n = 1363, φ(n) = 1288
d = 5−1 mod 1288 = 773
Iššifruokite kartotiniu kėlimu kvadratu
773 = 512 + 256 + 4 + 1
1141 ≡ 114 (mod 1363)
1142 ≡ 729 (mod 1363)
1144 ≡ 1234 (mod 1363)
1148 ≡ 285 (mod 1363)
11416 ≡ 808 (mod 1363)
11432 ≡ 1350 (mod 1363)
11464 ≡ 169 (mod 1363)
114128 ≡ 1301 (mod 1363)
114256 ≡ 1118 (mod 1363)
114512 ≡ 53 (mod 1363)
114773 ≡ 114·1234·1118·53 ≡ 1110 (mod 1363)
Žinutė
m = 1110
patikra: 11105 mod 1363 = 114
Atsakymas
m = 1110
9.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: C · Pasirinkti anksčiausiai pasibaigiančią veiklą, tada kartoti su suderinamomis
Kodėl tai yra atsakymas
Anksčiausios pabaigos pasirinkimo optimalumą galima įrodyti mainų argumentu; kitoms taisyklėms yra kontrpavyzdžių.
Atsakymas
C · Pasirinkti anksčiausiai pasibaigiančią veiklą, tada kartoti su suderinamomis
10.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: A · Θ(n³)
Kodėl tai yra atsakymas
log₂ 8 = 3, o n² auga lėčiau nei n³, todėl dominuoja lapai: Θ(n³).
Atsakymas
A · Θ(n³)
11.Duomenų struktūros
Atsakymas: A · Išskiriama didesnė lentelė, ir kiekvienas raktas įterpiamas iš naujo
Kodėl tai yra atsakymas
Kadangi indeksas skaičiuojamas moduliu pagal lentelės dydį, visus raktus reikia iš naujo sumaišyti į naują, didesnę lentelę; dvigubinant tai lieka O(1) amortizuotai.
Atsakymas
A · Išskiriama didesnė lentelė, ir kiekvienas raktas įterpiamas iš naujo
12.Duomenų struktūros
Atsakymas: A · Prefiksų sumų užklausas ir vieno elemento atnaujinimus
Kodėl tai yra atsakymas
Fenwicko medis saugo dalines sumas intervaluose, kuriuos nusako kiekvieno indekso žemesnieji bitai, todėl ir prefiksų sumos, ir taškiniai atnaujinimai užtrunka O(log n).
Atsakymas
A · Prefiksų sumų užklausas ir vieno elemento atnaujinimus
13.Grafų teorija
Atsakymas: H = 3
Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.
Suskaičiuokite
H = (4 − 1)!/2 = 6/2 = 3
Atsakymas
H = 3
14.Grafų teorija
Atsakymas: D
Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.
Dijkstra etapas po etapo
1. A (0): B: 11, C: 9
2. C (9): E: 16
3. B (11): D: 19
4. E (16): F: 22
5. D (19): F: 21
6. F (21)
etapas 5
D
Atsakymas
D
15.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: B · Kad būtų pagreitinta paieška ir sujungimai pagal tuos stulpelius
Kodėl tai yra atsakymas
Indeksai (dažnai B medžiai) pagreitina paiešką, tačiau užima vietos ir lėtina INSERT bei UPDATE operacijas, kurios turi juos atnaujinti.
Atsakymas
B · Kad būtų pagreitinta paieška ir sujungimai pagal tuos stulpelius
16.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: B · Read committed
Kodėl tai yra atsakymas
Read committed paslepia nepatvirtintus pakeitimus; repeatable read taip pat apsaugo nuo nepakartojamų skaitymų; serializable apsaugo ir nuo fantomų.
Atsakymas
B · Read committed
17.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: C · Šuolių skaičių
Kodėl tai yra atsakymas
RIP yra atstumo vektoriaus protokolas, skaičiuojantis šuolius; 16 reiškia nepasiekiamą. Dėl to jis tinka tik nedideliems tinklams.
Atsakymas
C · Šuolių skaičių
18.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: B · Prarastas TCP segmentas sulaiko visus multipleksuotus srautus, kol bus pakartotinai išsiųstas
Kodėl tai yra atsakymas
TCP pristato baitus eilės tvarka, todėl vienas praradimas sustabdo kiekvieną ryšio srautą. QUIC (HTTP/3) srautus per UDP apdoroja nepriklausomai.
Atsakymas
B · Prarastas TCP segmentas sulaiko visus multipleksuotus srautus, kol bus pakartotinai išsiųstas
19.IPv4 potinkliai
Atsakymas: p = 21
IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).
Reikalingi mazgo bitai
210 − 2 = 1022 < 1504
211 − 2 = 2046 ≥ 1504 → h = 11
Prefikso ilgis
p = 32 − 11 = 21
Atsakymas
p = /21
20.IPv4 potinkliai
Atsakymas: p = 20
Maršrutų apibendrinimas: apibendrintas maršrutas a.b.c.0/p apima visus tinklus, kurių pirmieji p bitai sutampa. Pirmojo ir paskutinio tinklo besiskiriantį oktetą užrašykite dvejetainiu pavidalu; bendrų pradinių bitų skaičius, pridėjus ankstesnių oktetų bitus, yra ilgiausias apibendrinimo prefiksas.
Palyginkite bitus
101 = 01100101
106 = 01101010
bendri pradiniai bitai: 4
Prefikso ilgis
p = 16 + 4 = 20
Atsakymas
p = /20
Apibendrintas maršrutas: 10.192.96.0/20 (jis taip pat apima tinklų, kurių nėra sąraše: 10).