Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.
Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų
Metodas
Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.
Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metodas
Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Grafų teorija
Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij
Metodas
Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).
IPv4 potinkliai
Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n
2Uždaviniai
1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
Nustatykite bitus, kad jie saugotų −33 8 bitų dvejetainiu papildomuoju kodu. Skaitant kaip skaičių be ženklo, kokia šablono reikšmė U?
N = −338 bit
U =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
Sistema kiekvienam iš 3176 elementų turi suteikti atskirą tokio pat ilgio dvejetainį kodą. Kiek mažiausiai bitų b reikia?
3176
b = bit
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
Kuri formulė yra logiškai ekvivalenti ¬(r ↔ p)? Spustelėkite ją.
¬(r ↔ p)
1r ∧ ¬p
2¬r ↔ ¬p
3¬r ∨ ¬p
4r ↔ ¬p
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
Kiek iš 16 teisingumo lentelės eilučių daro (¬(¬c ∧ a) ∧ b) ∧ ((c ∨ d) ∧ (a → b)) teisingą? Pažymėkite šį skaičių N.
(¬(¬c ∧ a) ∧ b) ∧ ((c ∨ d) ∧ (a → b))
N =
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
Karno žemėlapiu raskite minimalią F(A, B, C) = Σm(0, 1, 4, 5, 6) sandaugų sumos (SOP) formą. Kiek sandaugos narių N ji turi?
F(A, B, C) = Σm(0, 1, 4, 5, 6)
N =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
Raskite minimalią F(A, B, C, D) = Σm(0, 3, 4, 6, 7, 11) + d(14, 15) SOP formą, kur d žymi nesvarbias sąlygas. Kiek sandaugos narių N ji turi?
F(A, B, C, D) = Σm(0, 3, 4, 6, 7, 11) + d(14, 15)
N =
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis
Raskite Oilerio funkciją φ(24), t. y. sveikųjų skaičių nuo 1 iki 24, tarpusavyje pirminių su 24, skaičių.
n = 24 = 23·3
φ(24) =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus
67 yra pirminis skaičius. Pasinaudokite mažąja Ferma teorema ir raskite 1314381 mod 67.
p = 67k = 14381
1314381 mod 67 =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis
Kodėl daug bibliotekinių rikiavimo procedūrų labai mažiems daliniams masyvams pereina prie rikiavimo įterpimu?
ARikiavimas įterpimu turi mažas pridėtines sąnaudas ir yra greitas su mažomis ar beveik surikiuotomis įvestimis
BRekursiniai algoritmai negali apdoroti mažesnių nei 10 elementų masyvų
CRikiavimas įterpimu blogiausiu atveju yra O(n log n)
DRikiavimas įterpimu didelėms įvestims naudoja mažiau atminties nei bet kuris kitas rikiavimo algoritmas
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus
Kuris P klasės apibrėžimas teisingas?
AUždaviniai, kuriems bet kuriame kompiuteryje reikia eksponentinio laiko
BUždaviniai, kuriuos galima spręsti lygiagrečiai
CUždaviniai, kurių sprendinius galima patikrinti, bet niekada nerasti per polinominį laiką
DSprendimo uždaviniai, kuriuos deterministinis algoritmas išsprendžia per polinominį laiką
11.Duomenų struktūrosVidutinis
Kiek atminties naudoja gretimumo sąrašas grafui su V viršūnių ir E briaunų?
AO(E²)
BO(V + E)
CO(V²)
DO(V × E)
12.Duomenų struktūrosSunkus
Kodėl duomenų bazės indeksams dažnai naudoja B+ medžius, o ne paprastus B medžius?
AVisi įrašai yra susietuose lapuose, todėl intervalų peržiūra efektyvi
BB+ medžių nereikia balansuoti
CB+ medžiai duomenis saugo tik šaknyje
DB+ medžiai naudoja dvejetainius vidinius mazgus, todėl sumažėja skaitymų iš disko
13.Grafų teorijaVidutinis
Jungus grafas turi 11 viršūnių ir 12 briaunų. Kiek briaunų k reikia pašalinti, kad liktų karkasinis medis?
|V| = 11|E| = 12
k =
14.Grafų teorijaSunkus
Kiek yra 2 ilgio maršrutų iš B į C? Maršrutas gali kartoti viršūnes ir briaunas. Pažymėkite skaičių N.
M = gretimumo matricaL = 2
N =
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis
Ką grąžina SELECT name, CASE WHEN grade >= 5,5 THEN 'pass' ELSE 'fail' END FROM results?
AIšlaikiusių ir neišlaikiusių studentų skaičių
BTik išlaikiusius studentus
CKiekvieną vardą su žyme 'pass' arba 'fail', priklausomai nuo pažymio
DKlaidą, nes CASE SELECT sąraše neleidžiamas
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus
Kaip, taikant daugiaversį lygiagretumo valdymą (MVCC), skaitytojai gali neblokuoti rašytojų?
ASkaitytojai tiesiogiai skaito nepatvirtintus duomenis
BSkaitytojai visada laukia, kol visi rašytojai patvirtins
CRašyti neleidžiama, kol aktyvus bent vienas skaitytojas
DSkaitytojai mato nuoseklią patvirtintų eilučių versijų momentinę kopiją, o rašytojai kuria naujas versijas
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis
HTTP nesaugo būsenos. Kaip svetainės paprastai išlaiko naudotoją prisijungusį tarp užklausų?
ASlapukais, kuriuose yra seanso identifikatorius ar žetonas
BSaugodamos slaptažodį URL adrese
CSuteikdamos kiekvienam naudotojui fiksuotą IP adresą
DLaikydamos TCP ryšį atvirą kelias dienas
18.Kompiuterių tinklaiSunkus
Eilės pradžios blokavimas (head-of-line blocking) HTTP/2 per TCP atsiranda todėl, kad:
APrarastas TCP segmentas sulaiko visus multipleksuotus srautus, kol bus pakartotinai išsiųstas
BServeriai negali apdoroti lygiagrečių užklausų
CHTTP/2 naudoja UDP
DKiekvienai užklausai reikia atskiro naujo TCP ryšio, todėl vėlesnės užklausos laukia eilėje
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
Tinklas 10.60.120.0/22 padalytas į vienodus potinklius su prefiksu /25. Kiek yra potinklių N?
10.60.120.0/22/25
N =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
Mazgo adresas yra 10.20.215.121/29. Koks yra jo tinklo adreso ketvirtasis oktetas x?
10.20.215.121/29
x =
3Tirpalai
1.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: U = 223
Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.
Invertuokite ir pridėkite vienetą
33 = 0010 0001
invertuota: 1101 1110
+1 → 1101 1111
Perskaitykite be ženklo
1101 1111₂ = 256 − 33 = 223
Atsakymas
U = 223
2.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: b = 12 bit
Pozicinės skaičiavimo sistemos: kiekvienas skaitmuo vertas savo reikšmės, padaugintos iš pagrindo laipsnio. Dvejetainėje sistemoje pozicijos vertos 1, 2, 4, 8, 16, …, šešioliktainėje 1, 16, 256, …, o A–F reiškia 10–15. 8 bitų papildomajame kode kairysis bitas vertas −128 vietoj +128; taip saugomi neigiami skaičiai.
Dvejeto laipsniai
211 = 2048 < 3176
212 = 4096 ≥ 3176
Atsakymas
b = 12
3.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: r ↔ ¬p
Loginis ekvivalentumas: dvi formulės yra ekvivalenčios (≡), kai kiekvienoje teisingumo lentelės eilutėje turi tą pačią reikšmę. Tautologija yra 1 kiekvienoje eilutėje, prieštara – 0 kiekvienoje eilutėje, o kontingencija nėra nei viena, nei kita. Naudingi dėsniai: De Morgano, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ir ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozicija); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ir distributyvumo dėsniai, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Dėsnis
¬(a ↔ b) yra 1 lygiai tada, kai a ir b skiriasi, o tai yra a ↔ ¬b.
¬(r ↔ p) ≡ r ↔ ¬p
Patikrinkite teisingumo lentele
p = 1, r = 1: 0 | 0 1 0 0
p = 1, r = 0: 1 | 0 0 1 1
p = 0, r = 1: 1 | 1 0 1 1
p = 0, r = 0: 0 | 0 1 1 0
Atsakymas
r ↔ ¬p
Stulpeliai po brūkšniu yra variantai pateikta tvarka.
4.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: N = 5
Teisingumo lentelės: formulė su n skirtingų kintamųjų turi 2ⁿ eilučių, po vieną kiekvienam teisingumo reikšmių deriniui (1 = teisinga, 0 = klaidinga). Dirbkite iš vidaus į išorę ir kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį. ¬a apverčia reikšmę; a ∧ b yra 1 tik tada, kai abu lygūs 1; a ∨ b yra 0 tik tada, kai abu lygūs 0; a → b yra 0 tik tada, kai a = 1 ir b = 0; a ↔ b yra 1, kai abi pusės lygios.
Stulpeliai
¬c; ¬c ∧ a; ¬(¬c ∧ a); ¬(¬c ∧ a) ∧ b; c ∨ d; a → b; (c ∨ d) ∧ (a → b); (¬(¬c ∧ a) ∧ b) ∧ ((c ∨ d) ∧ (a → b))
Skaidymas pagal a
a = 1: 2
a = 0: 3
N = 2 + 3 = 5
Atsakymas
N = 5
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: N = 2
Karno žemėlapiai: langeliai išdėstyti Grejaus kodu (00, 01, 11, 10), todėl gretimi langeliai, įskaitant esančius per kraštus, skiriasi tiksliai vienu kintamuoju. Sugrupuokite vienetus į 1, 2, 4, 8 arba 16 langelių stačiakampius, kuo didesnius ir kuo mažiau, kol bus padengtas kiekvienas vienetas. Kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys: kintamieji, kurie joje nesikeičia. 2ᵏ langelių grupė netenka k kintamųjų. Nesvarbias reikšmes (X) galima naudoti grupėms didinti, bet jų dengti nebūtina. Grupuojant nulius, gaunama minimali POS forma.
Sugrupuokite vienetus
Kiekviena grupė yra 2ᵏ langelių stačiakampis; kraštiniai langeliai yra priešingo krašto langelių kaimynai.
B′
AC′
Minimali SOP forma
F = B′ + AC′
N = 2
Atsakymas
N = 2
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: N = 3
Karno žemėlapiai: langeliai išdėstyti Grejaus kodu (00, 01, 11, 10), todėl gretimi langeliai, įskaitant esančius per kraštus, skiriasi tiksliai vienu kintamuoju. Sugrupuokite vienetus į 1, 2, 4, 8 arba 16 langelių stačiakampius, kuo didesnius ir kuo mažiau, kol bus padengtas kiekvienas vienetas. Kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys: kintamieji, kurie joje nesikeičia. 2ᵏ langelių grupė netenka k kintamųjų. Nesvarbias reikšmes (X) galima naudoti grupėms didinti, bet jų dengti nebūtina. Grupuojant nulius, gaunama minimali POS forma.
Pagrindiniai implikantai
Didžiausios grupės, kurias galima sudaryti iš vienetų ir X.
CD, BC, A′C′D′, A′BD′
Minimalus dengimas
F = CD + BC + A′C′D′
N = 3
Atsakymas
N = 3
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: φ(24) = 8
Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Pirminiai daugikliai
24 = 23·3
Oilerio funkcija
φ(24) = φ(8)·φ(3) = 4·2 = 8
Atsakymas
φ(24) = 8
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: 1314381 mod 67 = 34
Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.
Suredukuokite rodiklį
14381 mod 66 = 59
1314381 ≡ 1359 (mod 67)
Mažas laipsnis
1359 mod 67 = 34
Atsakymas
1314381 mod 67 = 34
9.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: A · Rikiavimas įterpimu turi mažas pridėtines sąnaudas ir yra greitas su mažomis ar beveik surikiuotomis įvestimis
Kodėl tai yra atsakymas
Mažiems n paprastas rikiavimo įterpimu ciklas aplenkia greitojo rikiavimo ar rikiavimo suliejimu rekursijos pridėtines sąnaudas, nors jis ir O(n²).
Atsakymas
A · Rikiavimas įterpimu turi mažas pridėtines sąnaudas ir yra greitas su mažomis ar beveik surikiuotomis įvestimis
10.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: D · Sprendimo uždaviniai, kuriuos deterministinis algoritmas išsprendžia per polinominį laiką
Kodėl tai yra atsakymas
P apima sprendimo uždavinius, turinčius deterministinį polinominio laiko algoritmą, pvz., patikrinimą, ar grafas jungus.
Atsakymas
D · Sprendimo uždaviniai, kuriuos deterministinis algoritmas išsprendžia per polinominį laiką
11.Duomenų struktūros
Atsakymas: B · O(V + E)
Kodėl tai yra atsakymas
Kiekviena viršūnė turi sąrašą, o kiekviena briauna pasirodo vieną kartą (kryptiniame) arba dukart (nekryptiniame grafe), todėl gaunama O(V + E).
Atsakymas
B · O(V + E)
12.Duomenų struktūros
Atsakymas: A · Visi įrašai yra susietuose lapuose, todėl intervalų peržiūra efektyvi
Kodėl tai yra atsakymas
B+ medyje vidiniai mazgai tik nukreipia paiešką, o lapai susieti raktų tvarka, todėl intervalo užklausa randa pirmąjį raktą ir tada eina lapais.
Atsakymas
A · Visi įrašai yra susietuose lapuose, todėl intervalų peržiūra efektyvi
13.Grafų teorija
Atsakymas: k = 2
Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.
Karkasinio medžio briaunos
11 − 1 = 10
Pašalintinos briaunos
k = 12 − 10 = 2
Atsakymas
k = 2
14.Grafų teorija
Atsakymas: N = 2
Laipsniai: viršūnės laipsnis yra joje susitinkančių briaunų skaičius. Kiekviena briauna turi du galus, todėl laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui: Σ deg(v) = 2|E| (rankų paspaudimo lema). Todėl nelyginio laipsnio viršūnių skaičius lyginis. Kn turi n(n − 1)/2 briaunų, k-reguliarusis grafas su n viršūnių – nk/2, o medis su n viršūnių – n − 1 briauną.
Gretimumo matrica
A: 0 1 1 0 0 0
B: 1 0 1 1 1 0
C: 1 1 0 0 1 0
D: 0 1 0 0 1 1
E: 0 1 1 1 0 1
F: 0 0 0 1 1 0
Bendri kaimynai
(M²)BC = 1·1 + 0·1 + 1·0 + 1·0 + 1·1 + 0·0 = 2
Atsakymas
N = 2
15.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: C · Kiekvieną vardą su žyme 'pass' arba 'fail', priklausomai nuo pažymio
Kodėl tai yra atsakymas
CASE reiškinys įvertina savo sąlygas kiekvienai eilutei ir grąžina atitinkančią reikšmę, todėl kiekviena eilutė gauna žymę.
Atsakymas
C · Kiekvieną vardą su žyme 'pass' arba 'fail', priklausomai nuo pažymio
16.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: D · Skaitytojai mato nuoseklią patvirtintų eilučių versijų momentinę kopiją, o rašytojai kuria naujas versijas
Kodėl tai yra atsakymas
MVCC išlaiko senas eilučių versijas, kad skaitytojas matytų duomenis, kokie buvo jo momentinėje kopijoje, o rašytojas sukuria naują versiją, užuot perrašęs vietoje.
Atsakymas
D · Skaitytojai mato nuoseklią patvirtintų eilučių versijų momentinę kopiją, o rašytojai kuria naujas versijas
17.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: A · Slapukais, kuriuose yra seanso identifikatorius ar žetonas
Kodėl tai yra atsakymas
Serveris nustato slapuką su seanso ID ar žetonu, o naršyklė jį grąžina su kiekviena užklausa, kad serveris atpažintų naudotoją.
Atsakymas
A · Slapukais, kuriuose yra seanso identifikatorius ar žetonas
18.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: A · Prarastas TCP segmentas sulaiko visus multipleksuotus srautus, kol bus pakartotinai išsiųstas
Kodėl tai yra atsakymas
TCP pristato baitus eilės tvarka, todėl vienas praradimas sustabdo kiekvieną ryšio srautą. QUIC (HTTP/3) srautus per UDP apdoroja nepriklausomai.
Atsakymas
A · Prarastas TCP segmentas sulaiko visus multipleksuotus srautus, kol bus pakartotinai išsiųstas
19.IPv4 potinkliai
Atsakymas: N = 8
IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).
IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).