Informatikos pagrindai: pasiruošimo paketas

Formulių lapai, pagrindiniai kiekvienos temos metodų žingsniai ir 20 uždavinių, o pilni sprendimai pateikti gale.

Nauji uždaviniaiAtgal į kursą

Spausdinimo lange pasirinkite „Išsaugoti kaip PDF“, kad nuosavą kopiją išsaugotumėte savo įrenginyje.

1Formulės ir metodai

Skaičiavimo sistemos

Pozicijų vertės
dvejetainė 2k, aštuntainė 8k, šešioliktainė 16k
Į dešimtainę
Σ dk·bk
Iš dešimtainės
dalykite iš pagrindo, liekanas skaitykite iš apačios į viršų
Šešioliktainė ↔ dvejetainė
vienas šešioliktainis skaitmuo = 4 bitai
Papildomasis kodas
invertuokite bitus ir pridėkite 1

Teiginių logika ir įrodymai

Teisingumo lentelės eilutės
2ⁿ
Implikacija
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikacijos neigimas
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Ekvivalencija
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgano dėsniai
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributyvumo dėsniai
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Kvantorių neigimas
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metodas

  1. Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
  2. Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
  3. Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
  4. Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
  5. Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.

Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų

Metodas

  1. Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
  2. Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
  3. Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
  4. Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.

Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metodas

  1. Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
  2. Didžiausiam bendrajam dalikliui kartokite dalybą Euklido algoritmu; paskutinė nenulinė liekana yra DBD.
  3. Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
  4. Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
  5. Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafų teorija

Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij

Metodas

  1. Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
  2. Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
  3. Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
  4. Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
  5. Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).

IPv4 potinkliai

Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n

2Uždaviniai

1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
8 bitų papildomasis kodas0−12806403201608040201

Nustatykite bitus, kad jie saugotų −119 8 bitų dvejetainiu papildomuoju kodu. Skaitant kaip skaičių be ženklo, kokia šablono reikšmė U?

N = −1198 bit
U =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
spustelėkite bitus, kad juos nustatytumėte012806403201608040201

Nustatykite bitus pagal 8 bitų rezultatą 1000 0010 AND 1011 1010. Kokia rezultato reikšmė R dešimtainėje sistemoje?

1000 0010AND1011 1010
R =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
¬q → ¬(p ∧ r)(p ∧ r) ∧ ¬q¬(p ∧ r) → ¬qq → (p ∧ r)

Norite įrodyti (p ∧ r) → q kontrapozicija. Kurią implikaciją įrodote vietoj jos? Spustelėkite ją.

(p ∧ r) → q
  1. 1¬q → ¬(p ∧ r)
  2. 2(p ∧ r) ∧ ¬q
  3. 3¬(p ∧ r) → ¬q
  4. 4q → (p ∧ r)
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
q ∧ rp ∨ rq ∨ r¬q

Duotos prielaidos p ∨ q; ¬p ∨ r. Kokia išvada iš jų išplaukia? Spustelėkite ją.

p ∨ q¬p ∨ r
  1. 1q ∧ r
  2. 2p ∨ r
  3. 3q ∨ r
  4. 4¬q
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
ABC000111100101324576

Supaprastinkite F = AB′ + A′B′C′ + AC′ + AB′C iki minimalios sandaugų sumos formos. Kiek literalų L turi supaprastinta išraiška?

F = AB′ + A′B′C′ + AC′ + AB′C
L =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
CLKT1234567

Kylančiuoju frontu valdomas T trigeris pradeda nuo Q = 0 ir gauna parodytus įėjimus 7 kylančiaisiais taktinio signalo frontais. Kiek kartų N Q keičia būseną?

Q₀ = 0T
N =
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis

Raskite 37 atvirkštinį moduliu 78: skaičių x, kur 0 < x < 78 ir 37·x ≡ 1 (mod 78).

a = 37n = 78
37−1 mod 78 =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus

Kartotiniu kėlimu kvadratu raskite 24136 mod 29.

a = 24k = 136n = 29
24136 mod 29 =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis

Dinaminis programavimas naudingas, kai uždavinys turi:

  1. APersidengiančius poproblemius ir optimalią postruktūrą
  2. BVisai jokių poproblemių, todėl jį galima išspręsti vienu žingsniu
  3. CTik atsitiktinius įvesties duomenis
  4. DVieną ciklą
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus

Kam lygus rekurentinės lygties T(n) = 2T(n/2) + n log n sprendinys?

  1. AΘ(n log n)
  2. BΘ(n log² n)
  3. CΘ(n)
  4. DΘ(n²)
11.Duomenų struktūrosVidutinis

Kelių tinklas turi 100,000 sankryžų, kurių kiekviena sujungta su maždaug 4 kitomis. Kuris vaizdavimas tinkamiausias?

  1. ADvejetainė briaunų krūva
  2. BGretimumo sąrašas
  3. CGretimumo matrica
  4. DVienas surikiuotas viršūnių masyvas
12.Duomenų struktūrosSunkus

Žiediniame buferyje front == rear gali reikšti, kad jis tuščias arba pilnas. Koks dažnas būdas juos atskirti?

  1. ABuferio dydį padaryti dvejeto laipsniu
  2. BVisada išvalyti buferį, kai front lygus rear, kad būsena būtų tuščia
  3. CFront ir rear saugoti tame pačiame kintamajame
  4. DLaikyti atskirą elementų skaitiklį arba visada palikti vieną vietą nenaudojamą
13.Grafų teorijaVidutinis

Jungus grafas turi 10 viršūnių ir 10 briaunų. Kiek briaunų k reikia pašalinti, kad liktų karkasinis medis?

|V| = 10|E| = 10
k =
14.Grafų teorijaSunkus
151219942017ABCDE

Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį. Spustelėkite briauną, kurią jis prideda kaip briauną numeris 2; praleistos briaunos neskaičiuojamos.

k = 2
  1. 1briauna AB
  2. 2briauna AC
  3. 3briauna BC
  4. 4briauna BD
  5. 5briauna CE
  6. 6briauna DE
  7. 7briauna BE
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis

Rodinys (view) SQL kalboje yra:

  1. AIndekso tipas
  2. BLentelės kopija diske
  3. CDuomenų bazės kliento ekranas lentelėms naršyti
  4. DIšsaugota užklausa, veikianti kaip virtuali lentelė
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus

Ką grąžina SELECT name, dept, AVG(salary) OVER (PARTITION BY dept) FROM emp?

  1. APo vieną eilutę kiekvienam skyriui su jo vidutiniu atlyginimu
  2. BKiekvieno darbuotojo eilutę kartu su jo skyriaus vidutiniu atlyginimu
  3. CKlaidą, nes name nėra GROUP BY sąraše
  4. DTik darbuotojus, uždirbančius daugiau nei jų skyriaus vidurkis
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis

Kas būdinga paskirstytajai paslaugos trikdymo (DDoS) atakai?

  1. AVirusas ištrina failus viename kompiuteryje
  2. BUžpuolikas iš netoliese stovinčio automobilio skaito nešifruotą Wi-Fi srautą
  3. CVienas užpuolikas spėja naudotojo slaptažodį
  4. DDaug užvaldytų kompiuterių užtvindo taikinį srautu
18.Kompiuterių tinklaiSunkus

Kokį išteklių SYN užtvindymo atakoje užpuolikas siekia išeikvoti?

  1. AKliento DNS podėlį
  2. BServerio pusiau atvirų ryšių lentelę
  3. CServerio disko vietą
  4. DKomutatoriaus MAC adresų lentelę
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
/?11111111111111111111111111000000tinklo bitaimazgo bitai

Skyriui viename potinklyje reikia 55 mazgų adresų. Koks yra ilgiausias prefiksas p (mažiausias potinklis), kurio pakanka?

55 hosts
p =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
paskutinis oktetas = 44012806413201618140201tinklasmazgas

Mazgo adresas yra 10.20.160.44/27. Koks yra paskutinio naudojamo mazgo adreso jo potinklyje ketvirtasis oktetas x?

10.20.160.44/27
x =

3Tirpalai

1.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: U = 137

Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.

Invertuokite ir pridėkite vienetą

119 = 0111 0111
invertuota: 1000 1000
+1 → 1000 1001

Perskaitykite be ženklo

1000 1001₂ = 256 − 119 = 137

Atsakymas

U = 137
2.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: R = 130

Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.

Bitas po bito

AND duoda 1 tik ten, kur abu bitai yra 1.

1000 0010
AND 1011 1010
= 1000 0010

Rezultato reikšmė

1000 0010₂ = 130

Atsakymas

R = 130
3.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: ¬q → ¬(p ∧ r)

Loginis ekvivalentumas: dvi formulės yra ekvivalenčios (≡), kai kiekvienoje teisingumo lentelės eilutėje turi tą pačią reikšmę. Tautologija yra 1 kiekvienoje eilutėje, prieštara – 0 kiekvienoje eilutėje, o kontingencija nėra nei viena, nei kita. Naudingi dėsniai: De Morgano, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ir ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozicija); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ir distributyvumo dėsniai, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Implikacijos dalys

a = p ∧ r, b = q

Kontrapozicija

¬b → ¬a = ¬q → ¬(p ∧ r)

Atsakymas

¬q → ¬(p ∧ r)

Kontrapozicija yra ekvivalenti pradiniam teiginiui, todėl ją įrodžius įrodomas ir teiginys.

4.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: q ∨ r

Kvantoriai ir argumentai: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ir ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Perkelkite neigimą į vidų, sukeiskite kiekvieną kvantorių, pro kurį jis praeina, o vidinę formulę paneikite teiginių logikos dėsniais, pavyzdžiui, ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Argumentas yra teisingas (galiojantis), kai išvada lygi 1 kiekvienoje eilutėje, kurioje visos prielaidos lygios 1. Viena eilutė su teisingomis prielaidomis ir klaidinga išvada yra kontrapavyzdys ir rodo, kad argumentas negalioja.

Eilutės, kuriose visos prielaidos teisingos

p = 1, q = 1, r = 1: q ∧ r = 1, p ∨ r = 1, q ∨ r = 1, ¬q = 0
p = 1, q = 0, r = 1: q ∧ r = 0, p ∨ r = 1, q ∨ r = 1, ¬q = 1
p = 0, q = 1, r = 1: q ∧ r = 1, p ∨ r = 1, q ∨ r = 1, ¬q = 0
p = 0, q = 1, r = 0: q ∧ r = 0, p ∨ r = 0, q ∨ r = 1, ¬q = 0

Išvada

q ∨ r (skiriamoji geba)

Atsakymas

q ∨ r
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: L = 6

Būlio algebra: išraiškas supaprastinančios taisyklės yra X + X′ = 1 ir X·X′ = 0, X + X = X, sugėrimas X + X·Y = X, jungimo taisyklė X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y ir konsensuso teorema XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. De Morgano dėsniai (X·Y)′ paverčia X′ + Y′, o (X + Y)′ – X′·Y′. Karno žemėlapis šias taisykles taiko grafiškai: kiekviena dviejų gretimų langelių grupė yra vienas XY + XY′ = X taikymas.

Išraiškos mintermos

AB′ → m(4, 5)
A′B′C′ → m(0)
AC′ → m(4, 6)
AB′C → m(5)
ABC00011110011001030214150716

Sugrupuokite ir nuskaitykite

F = B′C′ + AC′ + AB′

Suskaičiuokite literalus

L = 6

Atsakymas

L = 6
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: N = 2

Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.

Q po kiekvieno fronto

T trigeris kiekvienu kylančiuoju frontu perjungia, kai T = 1, ir išlaiko, kai T = 0.

1: T = 0 → Q = 0
2: T = 0 → Q = 0
3: T = 0 → Q = 0
4: T = 0 → Q = 0
5: T = 0 → Q = 0
6: T = 1 → Q = 1
7: T = 1 → Q = 0

Suskaičiuokite pokyčius

0 → 0 → 0 → 0 → 0 → 0 → 1 → 0
N = 2

Atsakymas

N = 2
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: 37−1 mod 78 = 19

Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Išplėstinis Euklido algoritmas

Kiekviena liekana r užrašoma kaip r ≡ t·37 (mod 78).

r = 78, t = 0
r = 37, q = 2, t = 1
r = 4, q = 9, t = −2
r = 1, q = 4, t = 19

Atvirkštinė

1 ≡ 19·37 (mod 78)
x = 19
patikra: 37·19 = 703 = 9·78 + 1

Atsakymas

37−1 mod 78 = 19
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: 24136 mod 29 = 20

Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.

Dvejetainis rodiklis

136 = 100010002 = 128 + 8

Kartotinis kėlimas kvadratu

241 ≡ 24 (mod 29)
242 ≡ 25 (mod 29)
244 ≡ 16 (mod 29)
248 ≡ 24 (mod 29)
2416 ≡ 25 (mod 29)
2432 ≡ 16 (mod 29)
2464 ≡ 24 (mod 29)
24128 ≡ 25 (mod 29)

Sudauginkite reikalingus laipsnius

24136 ≡ 24·25 ≡ 20 (mod 29)

Atsakymas

24136 mod 29 = 20
9.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: A · Persidengiančius poproblemius ir optimalią postruktūrą

Kodėl tai yra atsakymas

Persidengiančių poproblemių rezultatų įsiminimas (memoizacija arba lentelių sudarymas) leidžia išvengti pakartotinio darbo ir paverčia eksponentinius algoritmus polinominiais.

Atsakymas

A · Persidengiančius poproblemius ir optimalią postruktūrą
10.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: B · Θ(n log² n)

Kodėl tai yra atsakymas

k-asis lygmuo atlieka apie n log(n / 2ᵏ) darbo, o susumavus per log n lygmenų gaunama Θ(n log² n) – tai išplėstinis antrasis pagrindinės teoremos atvejis.

Atsakymas

B · Θ(n log² n)
11.Duomenų struktūros

Atsakymas: B · Gretimumo sąrašas

Kodėl tai yra atsakymas

Matricai reikėtų 1010 langelių, beveik visi tušti; gretimumo sąrašas saugo tik maždaug 400,000 briaunų įrašų.

Atsakymas

B · Gretimumo sąrašas
12.Duomenų struktūros

Atsakymas: D · Laikyti atskirą elementų skaitiklį arba visada palikti vieną vietą nenaudojamą

Kodėl tai yra atsakymas

Su skaitikliu tuščias reiškia count = 0, o pilnas – count = talpa; palikus vieną tuščią vietą, pilnas apibrėžiamas kaip (rear + 1) mod n == front.

Atsakymas

D · Laikyti atskirą elementų skaitiklį arba visada palikti vieną vietą nenaudojamą
13.Grafų teorija

Atsakymas: k = 1

Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.

Karkasinio medžio briaunos

10 − 1 = 9

Pašalintinos briaunos

k = 10 − 9 = 1

Atsakymas

k = 1
14.Grafų teorija

Atsakymas: briauna BD

Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.

Kruskalio algoritmas

1. CE (4)
2. BD (9)
3. AC (12)
4. AB (15)

briaunos numeris 2

BD

Atsakymas

briauna BD
15.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: D · Išsaugota užklausa, veikianti kaip virtuali lentelė

Kodėl tai yra atsakymas

Rodinys saugo SELECT sakinį; jį užklausus vykdoma pagrindinė užklausa (materializuoti rodiniai saugo rezultatą).

Atsakymas

D · Išsaugota užklausa, veikianti kaip virtuali lentelė
16.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: B · Kiekvieno darbuotojo eilutę kartu su jo skyriaus vidutiniu atlyginimu

Kodėl tai yra atsakymas

Kitaip nei GROUP BY, lango funkcija išlaiko kiekvieną įvesties eilutę ir prideda reikšmę, apskaičiuotą jos skaidinyje, šiuo atveju skyriuje.

Atsakymas

B · Kiekvieno darbuotojo eilutę kartu su jo skyriaus vidutiniu atlyginimu
17.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: D · Daug užvaldytų kompiuterių užtvindo taikinį srautu

Kodėl tai yra atsakymas

DDoS atakos metu daug šaltinių perkrauna serverį ar jungtį, todėl teisėti naudotojai negali būti aptarnauti. Dėl daugybės šaltinių paprastas blokavimas sunkus.

Atsakymas

D · Daug užvaldytų kompiuterių užtvindo taikinį srautu
18.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: B · Serverio pusiau atvirų ryšių lentelę

Kodėl tai yra atsakymas

Kiekvienas SYN priverčia serverį rezervuoti būseną ir laukti ACK, kuris niekada neateina. SYN slapukai leidžia nesaugoti būsenos, kol rankos paspaudimas nebaigtas.

Atsakymas

B · Serverio pusiau atvirų ryšių lentelę
19.IPv4 potinkliai

Atsakymas: p = 26

IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).

Reikalingi mazgo bitai

25 − 2 = 30 < 55
26 − 2 = 62 ≥ 55 → h = 6

Prefikso ilgis

p = 32 − 6 = 26

Atsakymas

p = /26
20.IPv4 potinkliai

Atsakymas: x = 62

IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).

Bloko dydis

25 = 32

Šio mazgo potinklis

tinklas: ⌊44/32⌋·32 = 32
transliacija: 32 + 32 − 1 = 63
naudojami mazgai: 33 … 62

Atsakymas

x = 62

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals