Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.
Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų
Metodas
Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.
Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metodas
Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Grafų teorija
Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij
Metodas
Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).
IPv4 potinkliai
Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n
2Uždaviniai
1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
8 bitų seka 1001 1001 saugo sveikąjį skaičių su ženklu papildomajame kode. Kokia jo reikšmė N dešimtainėje sistemoje?
1001 10018 bit
N =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
Nustatykite bitus pagal 8 bitų rezultatą 1001 1100 AND 1101 1100. Kokia rezultato reikšmė R dešimtainėje sistemoje?
1001 1100AND1101 1100
R =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
Ar r → (r ∨ p) yra tautologija, prieštara ar kontingencija? Spustelėkite savo atsakymą.
r → (r ∨ p)
1tautologija
2prieštara
3kontingencija
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
Argumentas su prielaidomis q → (r ∨ p); q ir išvada r negalioja. Spustelėkite teisingumo lentelės eilutę, kuri yra kontrapavyzdys.
q → (r ∨ p)q∴ r
1p = 1, q = 1, r = 1
2p = 1, q = 1, r = 0
3p = 1, q = 0, r = 1
4p = 1, q = 0, r = 0
5p = 0, q = 1, r = 1
6p = 0, q = 1, r = 0
7p = 0, q = 0, r = 1
8p = 0, q = 0, r = 0
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
Supaprastinkite F = A′BC′ + A′BC + B′C′ + A′C′ iki minimalios sandaugų sumos formos. Kiek literalų L turi supaprastinta išraiška?
F = A′BC′ + A′BC + B′C′ + A′C′
L =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
Johnsono (susuktas žiedinis) skaitiklis sudarytas iš 5 D trigerių, invertuotas paskutinis išėjimas grąžinamas į pirmąjį įėjimą, ir pradeda nuo visų nulių. Kiek skirtingų būsenų N jis praeina?
n = 5
N =
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis
Raskite mažiausią teigiamą sveikąjį skaičių x, kur x ≡ 3 (mod 5) ir x ≡ 0 (mod 12).
x ≡ 3 (mod 5)x ≡ 0 (mod 12)
x =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus
Užšifruokite pranešimą m = 26 RSA viešuoju raktu (n, e) = (85, 7). Raskite šifrogramą c.
n = 85e = 7m = 26
c =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis
Kodėl daug bibliotekinių rikiavimo procedūrų labai mažiems daliniams masyvams pereina prie rikiavimo įterpimu?
ARikiavimas įterpimu blogiausiu atveju yra O(n log n)
BRikiavimas įterpimu didelėms įvestims naudoja mažiau atminties nei bet kuris kitas rikiavimo algoritmas
CRekursiniai algoritmai negali apdoroti mažesnių nei 10 elementų masyvų
DRikiavimas įterpimu turi mažas pridėtines sąnaudas ir yra greitas su mažomis ar beveik surikiuotomis įvestimis
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus
0/1 kuprinės uždavinys, sprendžiamas dinaminiu programavimu, užtrunka O(nW) laiko. Kodėl tai vadinama pseudopolinominiu laiku?
AW yra skaitinė reikšmė, todėl laikas yra eksponentinis bitų, reikalingų W užrašyti, skaičiaus atžvilgiu
BNes jis veikia tik kai W = 0
CNes n visada mažas
DNes algoritmas yra atsitiktinis ir jo vykdymo laikas kinta su kiekviena įvestimi
11.Duomenų struktūrosVidutinis
Dvejetainio medžio šaknis yra 1, jos kairysis vaikas 2, dešinysis 3; mazgas 2 turi vaikus 4 (kairįjį) ir 5 (dešinįjį). Koks postorder apėjimas?
A1 2 4 5 3
B5 4 3 2 1
C4 5 2 3 1
D4 2 5 1 3
12.Duomenų struktūrosSunkus
Kodėl B medžiai naudojami duomenų bazėse ir failų sistemose?
ADidelis šakojimosi koeficientas išlaiko medį žemą ir sumažina lėtų disko skaitymų skaičių
BJų nereikia perbalansuoti
CJie saugo nesurikiuotus duomenis
DJie naudoja mažiau atminties nei bet koks masyvas, todėl visas indeksas visada telpa operatyviojoje atmintyje
13.Grafų teorijaVidutinis
Ar jungus grafas turi Oilerio ciklą, Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, ar nei vieno? Spustelėkite savo atsakymą.
|V| = 6|E| = 7
1Oilerio ciklas
2Oilerio kelias, ne ciklas
3nei viena
14.Grafų teorijaSunkus
Dijkstros algoritmas vykdomas nuo A. Spustelėkite viršūnę, užfiksuojamą (padaromą galutine) 4 etape; pats A yra 1 etapas.
pradžia: Aetapas 4
1A
2B
3C
4D
5E
6F
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis
Studentai gali lankyti daug kursų, o kursus lanko daug studentų. Kaip tai modeliuojama lentelėmis?
ASujungiant studentus ir kursus į vieną lentelę
BIšoriniu raktu course_id studentų lentelėje, nurodančiu į kursus
CVienu stulpeliu, saugančiu kursų id sąrašą
DTarpine lentele, laikančia išorinius raktus ir į studentus, ir į kursus
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus
Užklausa FROM customers c LEFT JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.status = 'paid' netikėtai praranda klientus be užsakymų. Kodėl?
ALEFT JOIN niekada nepalieka nesutampančių eilučių
Bstatus yra rezervuotas žodis
CSujungimui reikėtų naudoti USING, o ne ON
DWHERE sąlyga o lentelei atmeta NULL reikšmėmis užpildytas eilutes ir paverčia sujungimą vidiniu
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis
Ką nurodo DNS MX įrašas?
AKito mazgo pseudonimą
BPašto serverius, priimančius domeno el. laiškus
CŽiniatinklio serverio IPv4 adresą
DZonos vardų serverius
18.Kompiuterių tinklaiSunkus
Kuris maršrutizavimo protokolas yra jungčių būsenos (link-state) protokolas?
AARP
BBGP
CRIP
DOSPF
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
Skyriui viename potinklyje reikia 1387 mazgų adresų. Koks yra ilgiausias prefiksas p (mažiausias potinklis), kurio pakanka?
1387 hosts
p =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
Mazgo adresas yra 10.20.192.74/30. Koks yra paskutinio naudojamo mazgo adreso jo potinklyje ketvirtasis oktetas x?
10.20.192.74/30
x =
3Tirpalai
1.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: N = −103
Pozicinės skaičiavimo sistemos: kiekvienas skaitmuo vertas savo reikšmės, padaugintos iš pagrindo laipsnio. Dvejetainėje sistemoje pozicijos vertos 1, 2, 4, 8, 16, …, šešioliktainėje 1, 16, 256, …, o A–F reiškia 10–15. 8 bitų papildomajame kode kairysis bitas vertas −128 vietoj +128; taip saugomi neigiami skaičiai.
Sudėkite vertes
Kiti bitai išlaiko įprastas teigiamas vertes.
−128 + 16 + 8 + 1 = −103
Atsakymas
N = −103
2.Skaičiavimo sistemos
Atsakymas: R = 156
Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.
Bitas po bito
AND duoda 1 tik ten, kur abu bitai yra 1.
1001 1100
AND 1101 1100
= 1001 1100
Rezultato reikšmė
1001 1100₂ = 156
Atsakymas
R = 156
3.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: tautologija
Loginis ekvivalentumas: dvi formulės yra ekvivalenčios (≡), kai kiekvienoje teisingumo lentelės eilutėje turi tą pačią reikšmę. Tautologija yra 1 kiekvienoje eilutėje, prieštara – 0 kiekvienoje eilutėje, o kontingencija nėra nei viena, nei kita. Naudingi dėsniai: De Morgano, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ir ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozicija); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ir distributyvumo dėsniai, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Teisingumo lentelė eilutė po eilutės
p = 1, r = 1: r ∨ p = 1, r → (r ∨ p) = 1
p = 1, r = 0: r ∨ p = 1, r → (r ∨ p) = 1
p = 0, r = 1: r ∨ p = 1, r → (r ∨ p) = 1
p = 0, r = 0: r ∨ p = 0, r → (r ∨ p) = 1
Klasifikuokite
r → (r ∨ p): 1, 1, 1, 1
1 kiekvienoje eilutėje: tautologija.
Atsakymas
tautologija
4.Teiginių logika ir įrodymai
Atsakymas: p = 1, q = 1, r = 0
Kvantoriai ir argumentai: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ir ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Perkelkite neigimą į vidų, sukeiskite kiekvieną kvantorių, pro kurį jis praeina, o vidinę formulę paneikite teiginių logikos dėsniais, pavyzdžiui, ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Argumentas yra teisingas (galiojantis), kai išvada lygi 1 kiekvienoje eilutėje, kurioje visos prielaidos lygios 1. Viena eilutė su teisingomis prielaidomis ir klaidinga išvada yra kontrapavyzdys ir rodo, kad argumentas negalioja.
Prielaidos ir išvada eilutė po eilutės
p = 1, q = 1, r = 1: 1 1 | 1
p = 1, q = 1, r = 0: 1 1 | 0
p = 1, q = 0, r = 1: 1 0 | 1
p = 1, q = 0, r = 0: 1 0 | 0
p = 0, q = 1, r = 1: 1 1 | 1
p = 0, q = 1, r = 0: 0 1 | 0
p = 0, q = 0, r = 1: 1 0 | 1
p = 0, q = 0, r = 0: 1 0 | 0
Kontrapavyzdys
p = 1, q = 1, r = 0
Atsakymas
p = 1, q = 1, r = 0
Tokios formos argumentas atrodo kaip galiojanti taisyklė, bet vienos eilutės pakanka parodyti, kad ji negalioja.
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: L = 4
Būlio algebra: išraiškas supaprastinančios taisyklės yra X + X′ = 1 ir X·X′ = 0, X + X = X, sugėrimas X + X·Y = X, jungimo taisyklė X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y ir konsensuso teorema XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. De Morgano dėsniai (X·Y)′ paverčia X′ + Y′, o (X + Y)′ – X′·Y′. Karno žemėlapis šias taisykles taiko grafiškai: kiekviena dviejų gretimų langelių grupė yra vienas XY + XY′ = X taikymas.
Išraiškos mintermos
A′BC′ → m(2)
A′BC → m(3)
B′C′ → m(0, 4)
A′C′ → m(0, 2)
Sugrupuokite ir nuskaitykite
F = B′C′ + A′B
Suskaičiuokite literalus
L = 4
Atsakymas
L = 4
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai
Atsakymas: N = 10
Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.
Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Pirmoji kongruencija
x = 3 + 5k
Antroji kongruencija
3 + 5k ≡ 0 (mod 12) → 5k ≡ 9 (mod 12)
k ≡ 5·9 ≡ 9 (mod 12)
Rezultatas
x = 3 + 5·9 = 48
x = 48
patikra: 48 mod 5 = 3, 48 mod 12 = 0
Atsakymas
x = 48
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika
Atsakymas: c = 36
Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.
Kartotinis kėlimas kvadratu
7 = 4 + 2 + 1
261 ≡ 26 (mod 85)
262 ≡ 81 (mod 85)
264 ≡ 16 (mod 85)
267 ≡ 26·81·16 ≡ 36 (mod 85)
Šifrograma
c = 36
Atsakymas
c = 36
9.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: D · Rikiavimas įterpimu turi mažas pridėtines sąnaudas ir yra greitas su mažomis ar beveik surikiuotomis įvestimis
Kodėl tai yra atsakymas
Mažiems n paprastas rikiavimo įterpimu ciklas aplenkia greitojo rikiavimo ar rikiavimo suliejimu rekursijos pridėtines sąnaudas, nors jis ir O(n²).
Atsakymas
D · Rikiavimas įterpimu turi mažas pridėtines sąnaudas ir yra greitas su mažomis ar beveik surikiuotomis įvestimis
10.Algoritmai ir sudėtingumas
Atsakymas: A · W yra skaitinė reikšmė, todėl laikas yra eksponentinis bitų, reikalingų W užrašyti, skaičiaus atžvilgiu
Kodėl tai yra atsakymas
Vykdymo laikas yra polinominis W reikšmės atžvilgiu, bet eksponentinis jos ilgio (log W bitų) atžvilgiu; 0/1 kuprinės uždavinys yra NP-pilnas.
Atsakymas
A · W yra skaitinė reikšmė, todėl laikas yra eksponentinis bitų, reikalingų W užrašyti, skaičiaus atžvilgiu
11.Duomenų struktūros
Atsakymas: C · 4 5 2 3 1
Kodėl tai yra atsakymas
Postorder apdoroja 4 ir 5 prieš 2, tada 3 ir galiausiai šaknį 1.
Atsakymas
C · 4 5 2 3 1
12.Duomenų struktūros
Atsakymas: A · Didelis šakojimosi koeficientas išlaiko medį žemą ir sumažina lėtų disko skaitymų skaičių
Kodėl tai yra atsakymas
B medžiai viename mazge saugo daug raktų, todėl aukštis mažas ir vienai paieškai reikia nedaug bloko skaitymų; B+ medžiai dar sujungia lapus intervalų skenavimui.
Atsakymas
A · Didelis šakojimosi koeficientas išlaiko medį žemą ir sumažina lėtų disko skaitymų skaičių
13.Grafų teorija
Atsakymas: nei viena
Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.
Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.
Dijkstra etapas po etapo
1. A (0): B: 4, C: 12
2. B (4): D: 6
3. D (6): E: 16, F: 8
4. F (8): E: 9
5. E (9)
6. C (12)
etapas 4
F
Atsakymas
F
15.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: D · Tarpine lentele, laikančia išorinius raktus ir į studentus, ir į kursus
Kodėl tai yra atsakymas
Ryšiui daugelis su daugeliu reikia asociatyviosios (tarpinės) lentelės, pvz., enrolment(student_id, course_id), dažnai su sudėtiniu pirminiu raktu.
Atsakymas
D · Tarpine lentele, laikančia išorinius raktus ir į studentus, ir į kursus
16.Duomenų bazės ir SQL
Atsakymas: D · WHERE sąlyga o lentelei atmeta NULL reikšmėmis užpildytas eilutes ir paverčia sujungimą vidiniu
Kodėl tai yra atsakymas
Nesutampančių eilučių o.status yra NULL, todėl WHERE patikra nėra TRUE; perkėlus sąlygą į ON sąlygą, paliekamas kiekvienas klientas.
Atsakymas
D · WHERE sąlyga o lentelei atmeta NULL reikšmėmis užpildytas eilutes ir paverčia sujungimą vidiniu
17.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: B · Pašto serverius, priimančius domeno el. laiškus
Kodėl tai yra atsakymas
MX (mail exchange) įrašai išvardija pašto serverius su prioritetais, kad siunčiantys serveriai žinotų, kur pristatyti to domeno laiškus.
Atsakymas
B · Pašto serverius, priimančius domeno el. laiškus
18.Kompiuterių tinklai
Atsakymas: D · OSPF
Kodėl tai yra atsakymas
OSPF maršrutizatoriai sudaro visą srities žemėlapį ir trumpiausius kelius apskaičiuoja Dijkstros algoritmu. RIP yra atstumo vektoriaus, o BGP – kelio vektoriaus protokolas.
Atsakymas
D · OSPF
19.IPv4 potinkliai
Atsakymas: p = 21
IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).
Reikalingi mazgo bitai
210 − 2 = 1022 < 1387
211 − 2 = 2046 ≥ 1387 → h = 11
Prefikso ilgis
p = 32 − 11 = 21
Atsakymas
p = /21
20.IPv4 potinkliai
Atsakymas: x = 74
IPv4 potinkliai: adresas turi 32 bitus. Prefiksas /p nurodo, kiek pradinių bitų žymi tinklą; likę 32 − p bitai numeruoja mazgus. Potinklis turi 2³²⁻ᵖ adresų, bet pirmojo (tinklo adreso) ir paskutiniojo (transliacijos adreso) negalima priskirti mazgams, todėl telpa 2³²⁻ᵖ − 2 mazgai. Išimtys: /31 (dviejų taškų jungtis, RFC 3021) abu savo 2 adresus naudoja mazgams, o /32 yra vienas adresas (vienas mazgas arba grįžtamoji sąsaja).