Informatikos pagrindai: pasiruošimo paketas

Formulių lapai, pagrindiniai kiekvienos temos metodų žingsniai ir 20 uždavinių, o pilni sprendimai pateikti gale.

Nauji uždaviniaiAtgal į kursą

Spausdinimo lange pasirinkite „Išsaugoti kaip PDF“, kad nuosavą kopiją išsaugotumėte savo įrenginyje.

1Formulės ir metodai

Skaičiavimo sistemos

Pozicijų vertės
dvejetainė 2k, aštuntainė 8k, šešioliktainė 16k
Į dešimtainę
Σ dk·bk
Iš dešimtainės
dalykite iš pagrindo, liekanas skaitykite iš apačios į viršų
Šešioliktainė ↔ dvejetainė
vienas šešioliktainis skaitmuo = 4 bitai
Papildomasis kodas
invertuokite bitus ir pridėkite 1

Teiginių logika ir įrodymai

Teisingumo lentelės eilutės
2ⁿ
Implikacija
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikacijos neigimas
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Ekvivalencija
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgano dėsniai
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributyvumo dėsniai
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Kvantorių neigimas
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metodas

  1. Suskaičiuokite skirtingus kintamuosius: teisingumo lentelėje yra 2ⁿ eilučių, o pirmoji eilutė – visi kintamieji lygūs 1.
  2. Kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį ir užpildykite stulpelius iš vidaus į išorę.
  3. Taikykite kiekvienos jungties taisyklę: → yra 0 tik tada, kai 1 → 0, o ↔ yra 1, kai abi pusės sutampa.
  4. Tikrindami ekvivalentumą, palyginkite galutinius stulpelius eilutė po eilutės; tikrindami argumentą, žiūrėkite tik į eilutes, kuriose visos prielaidos lygios 1.
  5. Norėdami paneigti kvantorių turintį teiginį, perkelkite ¬ į vidų, sukeiskite ∀ ir ∃ vietomis ir paneikite vidinę formulę.

Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Pagrindiniai elementai
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Būlio taisyklės
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgano dėsniai
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karno žemėlapio tvarka
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ langelių grupė
netenka k kintamųjų
4 į 1 multiplekseris
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Trigeriai
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Skaitikliai
n bitų: 2ⁿ būsenų; mod-N: mažiausias n, kad 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Nuosekliojo veikimo (ripple) skaitiklis
fmax = 1/(n·tpd)
Žiediniai ir Johnsono skaitikliai
n ir 2n būsenų

Metodas

  1. Grandinei dirbkite nuo įėjimų iki išėjimo po vieną elementą ir užrašykite reikšmę ant kiekvieno laido arba užrašykite išraišką ir užpildykite teisingumo lentelę.
  2. Supaprastindami įrašykite vienetus (o nesvarbias reikšmes kaip X) į Karno žemėlapį su Grejaus kodo eilutėmis ir stulpeliais: 00, 01, 11, 10.
  3. Vienetus padenkite kuo mažiau ir kuo didesnių 1, 2, 4, 8 ar 16 langelių grupių, apsisukančių per kraštus; kiekviena grupė yra vienas sandaugos narys iš kintamųjų, kurie joje nesikeičia. POS formai grupuokite nulius.
  4. Trigeriams ir skaitikliams skaitykite įėjimus kiekvienu aktyviu taktiniu frontu, užrašykite būseną po kiekvieno fronto ir atminkite, kad n bitų skaitiklis apsisuka po 2ⁿ būsenų.

Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Dalyba su liekana
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklidas
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mažiausias bendrasis kartotinis
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Atvirkštinė
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Tiesinė kongruencija
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Oilerio funkcija
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Ferma
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metodas

  1. Pirmiausia visus skaičius suredukuokite moduliu n; liekanos yra nuo 0 iki n − 1.
  2. Didžiausiam bendrajam dalikliui kartokite dalybą Euklido algoritmu; paskutinė nenulinė liekana yra DBD.
  3. Atvirkštiniam skaičiui taikykite išplėstinį algoritmą ir pasilikite a koeficientą; jei jis neigiamas, pridėkite n.
  4. Sprendžiant a·x ≡ b, dauginkite iš a⁻¹; dvi kongruencijas sujunkite rašydami x = r₁ + m₁k.
  5. Laipsniams užrašykite rodiklį dvejetainiu pavidalu ir kelkite kvadratu pakartotinai; RSA atveju d = e⁻¹ mod φ(n), kur φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafų teorija

Rankų paspaudimo lema
Σ deg(v) = 2|E|
Pilnieji grafai
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliarusis grafas
|E| = n·k/2
Medis ir miškas
|E| = n − 1, |E| = n − c
Medžio lapai
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Oileris
ciklas: visų viršūnių laipsniai lyginiai; kelias: lygiai 2 nelyginio laipsnio viršūnės
Hamiltono ciklai grafe Kn
(n − 1)!/2
Dijkstros atnaujinimas
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L ilgio maršrutai
(Mᴸ)ij

Metodas

  1. Užrašykite kiekvienos viršūnės laipsnį; laipsnių suma lygi dvigubam briaunų skaičiui.
  2. Oilerio uždaviniuose patikrinkite, ar grafas jungus, ir suskaičiuokite nelyginio laipsnio viršūnes.
  3. Medžiams naudokite n − 1 briaunų ir rankų paspaudimo lemą.
  4. Dijkstros algoritme laikykite preliminarių atstumų lentelę ir kiekviename etape užfiksuokite mažiausio atstumo dar neužfiksuotą viršūnę.
  5. Minimaliam karkasiniam medžiui surikiuokite briaunas pagal svorį ir praleiskite kiekvieną briauną, uždarančią ciklą (Kruskalis), arba auginkite vieną medį iš pradinės viršūnės (Primas).

IPv4 potinkliai

Mazgai potinklyje
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Bloko dydis
256 − (mask octet)
Tinklo adresas
IP AND kaukė
Transliacijos adresas
IP OR (NOT kaukė): visi mazgo bitai lygūs 1
Potinkliai iš n pasiskolintų bitų
2n

2Uždaviniai

1.Skaičiavimo sistemosVidutinis
pozicijų vertės papildomajame kode1−12806413201618141201

8 bitų seka 1010 1110 saugo sveikąjį skaičių su ženklu papildomajame kode. Kokia jo reikšmė N dešimtainėje sistemoje?

1010 11108 bit
N =
2.Skaičiavimo sistemosSunkus
spustelėkite bitus, kad juos nustatytumėte012806403201608040201

Nustatykite bitus pagal 8 bitų rezultatą 0111 0111 >> 1. Kokia rezultato reikšmė R dešimtainėje sistemoje?

0111 0111>> 1
R =
3.Teiginių logika ir įrodymaiVidutinis
abcc → a¬b ∧ (c → a)(a ↔ (¬b ↔ c)) ∧ (¬b ∧ (c → a))111?110?101?100?011?010?001?000?

Kiek iš 8 teisingumo lentelės eilučių (a ↔ (¬b ↔ c)) ∧ (¬b ∧ (c → a)) yra teisinga? Pažymėkite šį skaičių N.

(a ↔ (¬b ↔ c)) ∧ (¬b ∧ (c → a))
N =
4.Teiginių logika ir įrodymaiSunkus
∀x ∃y ¬R(x, y)∃x ∃y ¬R(x, y)∃x ∀y ¬R(x, y)∀x ∀y ¬R(x, y)

Kuris teiginys yra ekvivalentus ¬∃x ∀y R(x, y), kai neigimas perkeltas iki pat vidaus? Spustelėkite jį.

¬∃x ∀y R(x, y)
  1. 1∀x ∃y ¬R(x, y)
  2. 2∃x ∃y ¬R(x, y)
  3. 3∃x ∀y ¬R(x, y)
  4. 4∀x ∀y ¬R(x, y)
5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiVidutinis
MUX1I0​0I1​1I2​0I3​ABS1​S0​F

4 į 1 multiplekserio pasirinkimo įėjimai yra S₁ = A ir S₀ = B, o duomenų įėjimai prijungti prie I₀ = 1, I₁ = 0, I₂ = 1, I₃ = 0. Kiek iš 8 A, B ir C derinių duoda išėjimą F = 1? Raskite N.

I₀ = 1I₁ = 0I₂ = 1I₃ = 0
N =
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriaiSunkus
CLKJK123456

Kylančiuoju frontu valdomas JK trigeris pradeda nuo Q = 0 ir gauna parodytus įėjimus. Spustelėkite pirmąjį taktinį frontą, kuriuo Q iš 1 grįžta į 0.

Q₀ = 0JK
  1. 1taktinis frontas 1
  2. 2taktinis frontas 2
  3. 3taktinis frontas 3
  4. 4taktinis frontas 4
  5. 5taktinis frontas 5
  6. 6taktinis frontas 6
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaVidutinis

Raskite Oilerio funkciją φ(26), t. y. sveikųjų skaičių nuo 1 iki 26, tarpusavyje pirminių su 26, skaičių.

n = 26 = 2·13
φ(26) =
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetikaSunkus
100c = me​ mod n?m = cd​ mod nm(n, e) = (133, 13)d

Užšifruokite pranešimą m = 100 RSA viešuoju raktu (n, e) = (133, 13). Raskite šifrogramą c.

n = 133e = 13m = 100
c =
9.Algoritmai ir sudėtingumasVidutinis

Rekurentinės lygties T(n) = 2T(n/2) + O(n) sprendinys yra:

  1. AO(n)
  2. BO(n log n)
  3. CO(log n)
  4. DO(n²)
10.Algoritmai ir sudėtingumasSunkus

Kokia amortizuotoji dvejetainio skaitiklio padidinimo kaina, žinant, kad vienas padidinimas gali pakeisti daug bitų?

  1. AO(log n) vienam padidinimui
  2. BO(n) vienam padidinimui
  3. CO(n log n) vienam padidinimui
  4. DO(1) vienam padidinimui
11.Duomenų struktūrosVidutinis

Eilė įgyvendinta dviem stekais: push atliekamas į steką „in“, o pop – iš steko „out“, kuris, ištuštėjęs, papildomas iš „in“. Kokia amortizuota vienos operacijos kaina?

  1. AO(1)
  2. BO(n²)
  3. CO(n)
  4. DO(log n)
12.Duomenų struktūrosSunkus

Kodėl duomenų bazės indeksams dažnai naudoja B+ medžius, o ne paprastus B medžius?

  1. AVisi įrašai yra susietuose lapuose, todėl intervalų peržiūra efektyvi
  2. BB+ medžiai naudoja dvejetainius vidinius mazgus, todėl sumažėja skaitymų iš disko
  3. CB+ medžiai duomenis saugo tik šaknyje
  4. DB+ medžių nereikia balansuoti
13.Grafų teorijaVidutinis
ABCDEFOilerio ciklasOilerio kelias, ne ciklasnei viena

Ar jungus grafas turi Oilerio ciklą, Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, ar nei vieno? Spustelėkite savo atsakymą.

|V| = 6|E| = 7
  1. 1Oilerio ciklas
  2. 2Oilerio kelias, ne ciklas
  3. 3nei viena
14.Grafų teorijaSunkus
512921918176ABCDEF

Raskite svertinio grafo minimalaus karkasinio medžio bendrą svorį W.

|V| = 6|E| = 8
W =
15.Duomenų bazės ir SQLVidutinis

Išorinis raktas apibrėžtas su ON DELETE CASCADE. Kas nutinka ištrynus tėvinę eilutę?

  1. ATrynimas visada atmetamas
  2. BVaikinių eilučių išorinis raktas automatiškai nustatomas į NULL
  3. CJą nurodančios vaikinės eilutės ištrinamos automatiškai
  4. DTėvinė eilutė nukopijuojama į archyvo lentelę
16.Duomenų bazės ir SQLSunkus

Kas užklausai yra dengiantysis (covering) indeksas?

  1. AIndeksas tik pirminiam raktui
  2. BIndeksas, perkuriamas kiekvieną naktį
  3. CIndeksas, turintis visus užklausai reikalingus stulpelius, todėl pačios lentelės skaityti nereikia
  4. DIndeksas, apimantis kiekvieną kiekvienos lentelės stulpelį
17.Kompiuterių tinklaiVidutinis

Kas būdinga paskirstytajai paslaugos trikdymo (DDoS) atakai?

  1. AVirusas ištrina failus viename kompiuteryje
  2. BVienas užpuolikas spėja naudotojo slaptažodį
  3. CDaug užvaldytų kompiuterių užtvindo taikinį srautu
  4. DUžpuolikas iš netoliese stovinčio automobilio skaito nešifruotą Wi-Fi srautą
18.Kompiuterių tinklaiSunkus

Kodėl naršyklė įspėja, kai svetainė pateikia savarankiškai pasirašytą sertifikatą?

  1. ASertifikatas visada būna pasibaigęs
  2. BSavarankiškai pasirašyti sertifikatai visai nenaudoja šifravimo, todėl srautas siunčiamas atviru tekstu
  3. CSvetainė turi naudoti HTTP, o ne HTTPS
  4. DJokia patikima sertifikavimo įstaiga nepatvirtina, kad raktas priklauso tai svetainei
19.IPv4 potinkliaiVidutinis
/22 → /2411111111111111111111111100000000tinklo bitaimazgo bitai

Tinklas 10.175.136.0/22 padalytas į vienodus potinklius su prefiksu /24. Kiek yra potinklių N?

10.175.136.0/22/24
N =
20.IPv4 potinkliaiSunkus
trečiasis oktetas 35 … 36012806413201608041211bendriskiriasi

Maršrutizatorius turi maršrutus į šiuos tinklus: 10.157.35.0/24, 10.157.36.0/24. Koks ilgiausias vieno apibendrinto maršruto, apimančio juos visus, prefikso ilgis p?

10.157.35.0/24 … 10.157.36.0/24
p =

3Tirpalai

1.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: N = −82

Pozicinės skaičiavimo sistemos: kiekvienas skaitmuo vertas savo reikšmės, padaugintos iš pagrindo laipsnio. Dvejetainėje sistemoje pozicijos vertos 1, 2, 4, 8, 16, …, šešioliktainėje 1, 16, 256, …, o A–F reiškia 10–15. 8 bitų papildomajame kode kairysis bitas vertas −128 vietoj +128; taip saugomi neigiami skaičiai.

Sudėkite vertes

Kiti bitai išlaiko įprastas teigiamas vertes.

−128 + 32 + 8 + 4 + 2 = −82

Atsakymas

N = −82
2.Skaičiavimo sistemos

Atsakymas: R = 59

Bitų nustatymas: kiekvienas bitas vertas dvejeto laipsnio (128, 64, …, 1). Vienas šešioliktainis skaitmuo yra lygiai keturi bitai, o 8 bitų dvejetainiame papildomajame kode kairysis bitas vertas −128. Bitinės operacijos atliekamos kiekvienai bito pozicijai atskirai.

Bitas po bito

Postūmis dešinėn 1 perkelia kiekvieną bitą 1 pozicijomis į dešinę; bitai, iškritę iš dešiniojo galo, prarandami, o kairėje įeina nuliai.

0111 0111 >> 1
= 0011 1011

Rezultato reikšmė

0011 1011₂ = 59

Atsakymas

R = 59
3.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: N = 2

Teisingumo lentelės: formulė su n skirtingų kintamųjų turi 2ⁿ eilučių, po vieną kiekvienam teisingumo reikšmių deriniui (1 = teisinga, 0 = klaidinga). Dirbkite iš vidaus į išorę ir kiekvienai posakio daliai skirkite savo stulpelį. ¬a apverčia reikšmę; a ∧ b yra 1 tik tada, kai abu lygūs 1; a ∨ b yra 0 tik tada, kai abu lygūs 0; a → b yra 0 tik tada, kai a = 1 ir b = 0; a ↔ b yra 1, kai abi pusės lygios.

Teisingumo lentelė eilutė po eilutės

a = 1, b = 1, c = 1: ¬b = 0, ¬b ↔ c = 0, a ↔ (¬b ↔ c) = 0, c → a = 1, ¬b ∧ (c → a) = 0, (a ↔ (¬b ↔ c)) ∧ (¬b ∧ (c → a)) = 0
a = 1, b = 1, c = 0: ¬b = 0, ¬b ↔ c = 1, a ↔ (¬b ↔ c) = 1, c → a = 1, ¬b ∧ (c → a) = 0, (a ↔ (¬b ↔ c)) ∧ (¬b ∧ (c → a)) = 0
a = 1, b = 0, c = 1: ¬b = 1, ¬b ↔ c = 1, a ↔ (¬b ↔ c) = 1, c → a = 1, ¬b ∧ (c → a) = 1, (a ↔ (¬b ↔ c)) ∧ (¬b ∧ (c → a)) = 1
a = 1, b = 0, c = 0: ¬b = 1, ¬b ↔ c = 0, a ↔ (¬b ↔ c) = 0, c → a = 1, ¬b ∧ (c → a) = 1, (a ↔ (¬b ↔ c)) ∧ (¬b ∧ (c → a)) = 0
a = 0, b = 1, c = 1: ¬b = 0, ¬b ↔ c = 0, a ↔ (¬b ↔ c) = 1, c → a = 0, ¬b ∧ (c → a) = 0, (a ↔ (¬b ↔ c)) ∧ (¬b ∧ (c → a)) = 0
a = 0, b = 1, c = 0: ¬b = 0, ¬b ↔ c = 1, a ↔ (¬b ↔ c) = 0, c → a = 1, ¬b ∧ (c → a) = 0, (a ↔ (¬b ↔ c)) ∧ (¬b ∧ (c → a)) = 0
a = 0, b = 0, c = 1: ¬b = 1, ¬b ↔ c = 1, a ↔ (¬b ↔ c) = 0, c → a = 0, ¬b ∧ (c → a) = 0, (a ↔ (¬b ↔ c)) ∧ (¬b ∧ (c → a)) = 0
a = 0, b = 0, c = 0: ¬b = 1, ¬b ↔ c = 0, a ↔ (¬b ↔ c) = 1, c → a = 1, ¬b ∧ (c → a) = 1, (a ↔ (¬b ↔ c)) ∧ (¬b ∧ (c → a)) = 1

Suskaičiuokite eilutes su reikšme 1

(a ↔ (¬b ↔ c)) ∧ (¬b ∧ (c → a)): 0, 0, 1, 0, 0, 0, 0, 1
N = 2

Atsakymas

N = 2
4.Teiginių logika ir įrodymai

Atsakymas: ∀x ∃y ¬R(x, y)

Kvantoriai ir argumentai: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ir ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Perkelkite neigimą į vidų, sukeiskite kiekvieną kvantorių, pro kurį jis praeina, o vidinę formulę paneikite teiginių logikos dėsniais, pavyzdžiui, ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Argumentas yra teisingas (galiojantis), kai išvada lygi 1 kiekvienoje eilutėje, kurioje visos prielaidos lygios 1. Viena eilutė su teisingomis prielaidomis ir klaidinga išvada yra kontrapavyzdys ir rodo, kad argumentas negalioja.

Perkelkite neigimą į vidų

¬∃x ∀y R(x, y) ≡ ∀x ∃y ¬R(x, y)

Atsakymas

∀x ∃y ¬R(x, y)

Kiti variantai arba palieka kvantorių nepakeistą, arba keičia kvantorių tvarką, arba netinkamai neigia vidinę formulę.

5.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: N = 4

Multiplekseris: 2ⁿ į 1 multiplekseris perduoda vieną iš savo duomenų įėjimų į išėjimą; pasirinkimo linijos, skaitomos kaip dvejetainis skaičius, nurodo kurį. 4 į 1 MUX su pasirinkimo įėjimais S₁S₀ = AB, F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Duomenų įėjimus prijungus prie 0, 1, C arba C′, MUX gali sukurti bet kurią A, B ir C funkciją; tai dažnas būdas sudaryti logiką viena mikroschema.

Išėjimo išraiška

F = A′B′ + AB′

Eilutės su F = 1

ABC = 000, 001, 100, 101
N = 4

Atsakymas

N = 4
6.Skaitmeninė logika: elementai, Karno žemėlapiai ir trigeriai

Atsakymas: taktinis frontas 3

Trigeriai ir skaitikliai: trigeris keičiasi tik aktyviu taktinio signalo frontu. D nukopijuoja savo įėjimą (Q⁺ = D); T perjungia, kai T = 1; JK išlaiko esant 00, nustato į 0 esant 01, nustato į 1 esant 10 ir perjungia esant 11. n bitų dvejetainis skaitiklis turi 2ⁿ būsenų ir skaičiuoja moduliu 2ⁿ; mod-N skaitiklis skaičiuoja 0, 1, …, N − 1 ir grįžta į 0, jam reikia mažiausiai n trigerių, kad 2ⁿ ≥ N. Kiekviena nuosekliojo (ripple) skaitiklio pakopa perpus sumažina dažnį, todėl paskutinis mod-N skaitiklio išėjimas veikia fclk/N dažniu. n trigerių Johnsono skaitiklis turi 2n būsenų, žiedinis – n.

Q po kiekvieno fronto

JK trigeris: 00 išlaiko, 01 nustato į 0 (Q = 0), 10 nustato į 1 (Q = 1), 11 perjungia.

1: J = 1, K = 1 → Q = 1
2: J = 0, K = 0 → Q = 1
3: J = 0, K = 1 → Q = 0
4: J = 1, K = 1 → Q = 1
5: J = 0, K = 0 → Q = 1
6: J = 0, K = 0 → Q = 1

Pirmasis pokytis iš 1 į 0

taktinis frontas 3

Atsakymas

taktinis frontas 3
7.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: φ(26) = 12

Atvirkštiniai skaičiai ir kongruencijos: a turi atvirkštinį moduliu n lygiai tada, kai gcd(a, n) = 1. Išplėstinis Euklido algoritmas užrašo 1 = s·n + t·a, ir tada a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencija a·x ≡ b (mod n), kai gcd(a, n) = 1, turi sprendinį x ≡ a⁻¹·b. Dvi kongruencijos x ≡ r₁ (mod m₁) ir x ≡ r₂ (mod m₂) su tarpusavyje pirminiais moduliais turi vieną sprendinį moduliu m₁·m₂ (Kinų liekanų teorema). Oilerio φ(n) skaičiuoja skaičius nuo 1 iki n, tarpusavyje pirminius su n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Pirminiai daugikliai

26 = 2·13

Oilerio funkcija

φ(26) = φ(2)·φ(13) = 1·12 = 12

Atsakymas

φ(26) = 12
8.Skaičių teorija ir modulinė aritmetika

Atsakymas: c = 93

Moduliniai laipsniai ir RSA: aᵏ mod n skaičiuokite kartotiniu kėlimu kvadratu: užrašykite k dvejetainiu pavidalu, keliate kvadratu, po kiekvieno žingsnio redukuokite ir sudauginkite laipsnius, kurių bitas lygus 1. Ferma: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) pirminiam p, nedalijančiam a, todėl rodiklį galima redukuoti moduliu p − 1. RSA: pasirinkite pirminius p ir q, n = p·q ir φ(n) = (p − 1)(q − 1); viešasis rodiklis e tarpusavyje pirminis su φ(n), o privatusis rodiklis yra d = e⁻¹ mod φ(n). Šifruokite c = mᵉ mod n ir dešifruokite m = cᵈ mod n.

Kartotinis kėlimas kvadratu

13 = 8 + 4 + 1
1001 ≡ 100 (mod 133)
1002 ≡ 25 (mod 133)
1004 ≡ 93 (mod 133)
1008 ≡ 4 (mod 133)
10013 ≡ 100·93·4 ≡ 93 (mod 133)

Šifrograma

c = 93

Atsakymas

c = 93
9.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: B · O(n log n)

Kodėl tai yra atsakymas

Pagal pagrindinę teoremą (master theorem), kai a = 2, b = 2, f(n) = n, gauname T(n) = Θ(n log n).

Atsakymas

B · O(n log n)
10.Algoritmai ir sudėtingumas

Atsakymas: D · O(1) vienam padidinimui

Kodėl tai yra atsakymas

Per n padidinimų i-asis bitas pasikeičia apie n / 2ⁱ kartų, todėl iš viso yra mažiau nei 2n pakeitimų, vidutiniškai O(1) kiekvienam.

Atsakymas

D · O(1) vienam padidinimui
11.Duomenų struktūros

Atsakymas: A · O(1)

Kodėl tai yra atsakymas

Kiekvienas elementas iš viso daugiausia dukart įdedamas ir išimamas, todėl nors vienas papildymas gali užtrukti O(n), vidurkis per seką yra O(1).

Atsakymas

A · O(1)
12.Duomenų struktūros

Atsakymas: A · Visi įrašai yra susietuose lapuose, todėl intervalų peržiūra efektyvi

Kodėl tai yra atsakymas

B+ medyje vidiniai mazgai tik nukreipia paiešką, o lapai susieti raktų tvarka, todėl intervalo užklausa randa pirmąjį raktą ir tada eina lapais.

Atsakymas

A · Visi įrašai yra susietuose lapuose, todėl intervalų peržiūra efektyvi
13.Grafų teorija

Atsakymas: Oilerio ciklas

Oileris, Hamiltonas ir medžiai: jungus grafas turi Oilerio ciklą (kiekviena briauna vieną kartą, grįžtama į pradžią), kai kiekvienos viršūnės laipsnis lyginis, ir Oilerio kelią, kuris nėra ciklas, kai lygiai dvi viršūnės turi nelyginį laipsnį; tada kelias eina iš vienos nelyginės viršūnės į kitą. Hamiltono ciklas aplanko kiekvieną viršūnę vieną kartą; Kn jų turi (n − 1)!/2. Medis su n viršūnių turi n − 1 briauną, o jungus grafas su m briaunų turi karkasinį medį, pašalinus m − n + 1 briaunų.

Laipsniai

deg(A) = 2, deg(B) = 4, deg(C) = 2, deg(D) = 2, deg(E) = 2, deg(F) = 2

Nelyginės viršūnės

0
Oilerio ciklas

Atsakymas

Oilerio ciklas
14.Grafų teorija

Atsakymas: W = 39

Trumpiausi keliai ir karkasiniai medžiai: Dijkstros algoritmas kiekviename etape užfiksuoja po vieną viršūnę: neužfiksuotą viršūnę su mažiausiu preliminariu atstumu. Tada jos atstumas galutinis, o kiekvienas kaimynas v gauna d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Kruskalio algoritmas sudaro minimalų karkasinį medį imdamas briaunas nuo lengvų iki sunkių ir praleisdamas kiekvieną briauną, kuri uždarytų ciklą; Primo algoritmas augina vieną medį iš pradinės viršūnės visada pridėdamas lengviausią iš jo išeinančią briauną. Karkasinis medis su n viršūnių turi n − 1 briauną.

Kruskalio algoritmas

BD (2): imti
AB (5): imti
BE (6): imti
BC (9): imti
AC (12): praleisti, uždaro ciklą
EF (17): imti

Bendras svoris

W = 2 + 5 + 6 + 9 + 17 = 39

Atsakymas

W = 39
15.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: C · Ją nurodančios vaikinės eilutės ištrinamos automatiškai

Kodėl tai yra atsakymas

CASCADE trynimą perduoda nurodančioms eilutėms; kiti variantai yra RESTRICT/NO ACTION (atmesti) ir SET NULL.

Atsakymas

C · Ją nurodančios vaikinės eilutės ištrinamos automatiškai
16.Duomenų bazės ir SQL

Atsakymas: C · Indeksas, turintis visus užklausai reikalingus stulpelius, todėl pačios lentelės skaityti nereikia

Kodėl tai yra atsakymas

Jei visi nurodyti stulpeliai yra indekse, DBVS gali atlikti peržiūrą vien pagal indeksą ir nebeskaityti lentelės eilučių, taip sutaupydama I/O.

Atsakymas

C · Indeksas, turintis visus užklausai reikalingus stulpelius, todėl pačios lentelės skaityti nereikia
17.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: C · Daug užvaldytų kompiuterių užtvindo taikinį srautu

Kodėl tai yra atsakymas

DDoS atakos metu daug šaltinių perkrauna serverį ar jungtį, todėl teisėti naudotojai negali būti aptarnauti. Dėl daugybės šaltinių paprastas blokavimas sunkus.

Atsakymas

C · Daug užvaldytų kompiuterių užtvindo taikinį srautu
18.Kompiuterių tinklai

Atsakymas: D · Jokia patikima sertifikavimo įstaiga nepatvirtina, kad raktas priklauso tai svetainei

Kodėl tai yra atsakymas

Naršyklės pasitiki sertifikatais, kuriuos tiesiogiai ar per grandinę pasirašė jų pasitikėjimo saugykloje esančios sertifikavimo įstaigos. Savarankiškai pasirašytą sertifikatą galėtų sukurti bet kas, pvz., tarpininkas užpuolikas.

Atsakymas

D · Jokia patikima sertifikavimo įstaiga nepatvirtina, kad raktas priklauso tai svetainei
19.IPv4 potinkliai

Atsakymas: N = 4

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Pasiskolinti bitai

24 − 22 = 2

Potinklių skaičius

N = 22 = 4

Atsakymas

N = 4

Kiekviename /24 potinklyje yra 28 − 2 = 254 naudojamų mazgų adresų.

20.IPv4 potinkliai

Atsakymas: p = 21

Maršrutų apibendrinimas: apibendrintas maršrutas a.b.c.0/p apima visus tinklus, kurių pirmieji p bitai sutampa. Pirmojo ir paskutinio tinklo besiskiriantį oktetą užrašykite dvejetainiu pavidalu; bendrų pradinių bitų skaičius, pridėjus ankstesnių oktetų bitus, yra ilgiausias apibendrinimo prefiksas.

Palyginkite bitus

35 = 00100011
36 = 00100100
bendri pradiniai bitai: 5

Prefikso ilgis

p = 16 + 5 = 21

Atsakymas

p = /21

Apibendrintas maršrutas: 10.157.32.0/21 (jis taip pat apima tinklų, kurių nėra sąraše: 6).

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals