Basis informatica: samenvattingspakket

Formuleoverzichten, de belangrijkste methodestappen voor elk onderwerp en 20 oefenopgaven, met volledige oplossingen achterin.

Nieuwe opgavenTerug naar het vak

Kies in het printvenster “Opslaan als pdf” om een kopie op je apparaat te bewaren.

1Formules en methoden

Talstelsels

Plaatswaarden
binair 2k, octaal 8k, hex 16k
Naar decimaal
Σ dk·bk
Vanuit decimaal
deel door het grondtal en lees de resten van onder naar boven
Hex ↔ binair
één hexcijfer = 4 bits
Two's complement
inverteer de bits en tel 1 op

Propositielogica & bewijzen

Rijen van een waarheidstabel
2ⁿ
Implicatie
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Ontkende implicatie
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bi-implicatie
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributieve wetten
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Ontkende kwantoren
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Methode

  1. Tel de verschillende variabelen: de waarheidstabel heeft 2ⁿ rijen, beginnend met alle variabelen op 1.
  2. Geef elke deelformule een eigen kolom en vul de kolommen van binnen naar buiten in.
  3. Pas de regel van elk voegwoord toe: → is alleen 0 bij 1 → 0, ↔ is 1 als beide kanten gelijk zijn.
  4. Vergelijk bij equivalenties de laatste kolommen rij voor rij; kijk bij een redenering alleen naar de rijen waarin alle premissen 1 zijn.
  5. Om een bewering met kwantor te ontkennen, schuif je ¬ naar binnen, verwissel je ∀ en ∃ en ontken je de binnenste formule.

Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Basispoorten
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Booleaanse regels
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Volgorde van de Karnaugh-kaart
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groep van 2ᵏ cellen
verliest k variabelen
4-naar-1-multiplexer
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flops
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Tellers
n-bits: 2ⁿ toestanden; mod-N: kleinste n met 2ⁿ ≥ N; fuit = fklok/N
Ripple-teller
fmax = 1/(n·tpd)
Ring- en Johnson-tellers
n en 2n toestanden

Methode

  1. Werk bij een schakeling van de ingangen naar de uitgang, één poort tegelijk, en schrijf de waarde op elke draad, of schrijf de uitdrukking op en vul de waarheidstabel in.
  2. Zet voor vereenvoudiging de enen (en de don’t-cares als X) in een Karnaugh-kaart met rijen en kolommen in Gray-code: 00, 01, 11, 10.
  3. Dek de enen met zo weinig en zo grote groepen van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen als mogelijk, met terugloop om de randen; elke groep is één productterm van de variabelen die constant blijven. Groepeer de nullen voor de POS-vorm.
  4. Lees bij flip-flops en tellers de ingangen af op elke actieve klokflank, schrijf de toestand na elke flank op, en onthoud dat een n-bits teller na 2ⁿ toestanden terugloopt.

Getaltheorie & modulair rekenen

Deling met rest
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kleinste gemene veelvoud
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Lineaire congruentie
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Eulers φ-functie
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Methode

  1. Reduceer eerst elk getal modulo n; resten liggen tussen 0 en n − 1.
  2. Deel voor een ggd herhaaldelijk met het algoritme van Euclides; de laatste rest ongelijk aan nul is de ggd.
  3. Laat voor een inverse het uitgebreide algoritme lopen en houd de coëfficiënt van a; tel n erbij op als die negatief is.
  4. Los a·x ≡ b op door met a⁻¹ te vermenigvuldigen; combineer twee congruenties door x = r₁ + m₁k te schrijven.
  5. Schrijf bij machten de exponent binair en kwadrateer herhaaldelijk; in RSA is d = e⁻¹ mod φ(n) met φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafentheorie

Handenschudlemma
Σ deg(v) = 2|E|
Volledige grafen
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliere graaf
|E| = n·k/2
Boom en bos
|E| = n − 1, |E| = n − c
Bladeren van een boom
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit: alle graden even; pad: precies 2 oneven graden
Hamiltoncircuits in Kn
(n − 1)!/2
Dijkstra-update
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Wandelingen van lengte L
(Mᴸ)ij

Methode

  1. Schrijf de graad van elk hoekpunt op; de graden zijn samen twee keer het aantal kanten.
  2. Controleer bij Eulervragen of de graaf samenhangend is en tel de hoekpunten met oneven graad.
  3. Gebruik bij bomen n − 1 kanten en het handenschudlemma.
  4. Houd bij Dijkstra een tabel met voorlopige afstanden bij en leg elke ronde het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste afstand vast.
  5. Sorteer voor een minimaal opspannende boom de kanten op gewicht en sla elke kant over die een cykel sluit (Kruskal), of laat één boom groeien vanuit een beginpunt (Prim).

IPv4-subnetting

Hosts per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blokgrootte
256 − (mask octet)
Netwerkadres
IP AND masker
Broadcastadres
IP OR (NOT masker): alle hostbits op 1
Subnetten uit n geleende bits
2n

2Oefenopgaven

1.TalstelselsGemiddeld
8-bits two's complement0−12806403201608040201

Stel de bits zo in dat ze −67 opslaan in 8-bits tweecomplement. Wat is de waarde U van het patroon, gelezen als getal zonder teken?

N = −678 bit
U =
2.TalstelselsMoeilijk
klik op de bits om ze in te stellen012806403201608040201

Stel de bits in op het 8-bits resultaat van 1000 1100 OR 0110 0111. Wat is de waarde R van het resultaat in decimaal?

1000 1100OR0110 0111
R =
3.Propositielogica & bewijzenGemiddeld
c ↔ ¬a¬c ↔ ¬ac ∧ ¬a¬c ∨ ¬a

Welke formule is logisch equivalent met ¬(c ↔ a)? Klik erop.

¬(c ↔ a)
  1. 1c ↔ ¬a
  2. 2¬c ↔ ¬a
  3. 3c ∧ ¬a
  4. 4¬c ∨ ¬a
4.Propositielogica & bewijzenMoeilijk
abb → a¬b¬a11100100

De redenering met premissen b → a; ¬b en conclusie ¬a is ongeldig. Klik op de rij van de waarheidstabel die een tegenvoorbeeld is.

b → a¬b∴ ¬a
  1. 1a = 1, b = 1
  2. 2a = 1, b = 0
  3. 3a = 0, b = 1
  4. 4a = 0, b = 0
5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsGemiddeld
MUXC′I0​CI1​1I2​0I3​ABS1​S0​F

Een 4-naar-1-multiplexer heeft selectie-ingangen S₁ = A en S₀ = B, en data-ingangen gekoppeld aan I₀ = C′, I₁ = C, I₂ = 1, I₃ = 0. Voor hoeveel van de 8 combinaties van A, B en C is de uitgang F = 1? Bepaal N.

I₀ = C′I₁ = CI₂ = 1I₃ = 0
N =
6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsMoeilijk
DQ0​Q0​DQ1​Q1​DQ2​Q2​DQ3​Q3​DQ4​Q4​DQ5​Q5​DQ6​Q6​DQ7​Q7​CLKJOHNSON

Een Johnson-teller (twisted-ringteller) bestaat uit 8 D-flip-flops, met de geïnverteerde laatste uitgang teruggekoppeld naar de eerste ingang, en begint met allemaal nullen. Hoeveel verschillende toestanden N doorloopt hij?

n = 8
N =
7.Getaltheorie & modulair rekenenGemiddeld

Vind de inverse van 28 modulo 41: het getal x met 0 < x < 41 en 28·x ≡ 1 (mod 41).

a = 28n = 41
28−1 mod 41 =
8.Getaltheorie & modulair rekenenMoeilijk

Gebruik herhaald kwadrateren om 89155 mod 98 te vinden.

a = 89k = 155n = 98
89155 mod 98 =
9.Algoritmen & complexiteitGemiddeld

Quicksort gebruikt altijd het eerste element als pivot. Bij welke invoer vertoont het zijn worst-casegedrag?

  1. AEen array die al gesorteerd is
  2. BEen array waarvan alle elementen verschillend zijn
  3. CEen array van lengte 2
  4. DEen array in willekeurige volgorde
10.Algoritmen & complexiteitMoeilijk

Waarom heeft elke zoekmethode op basis van vergelijkingen in een gesorteerde array in het slechtste geval Ω(log n) vergelijkingen nodig?

  1. AElk element moet minstens één keer worden vergeleken
  2. BEen beslisboom met n mogelijke uitkomsten moet een diepte van minstens log₂ n hebben
  3. CBinair zoeken is het enige mogelijke algoritme en heeft log₂ n vergelijkingen nodig
  4. DElke vergelijking kost logaritmische tijd
11.DatastructurenGemiddeld

Wat is de waarde van de postfixexpressie 3 4 + 2 * ?

  1. A24
  2. B14
  3. C10
  4. D11
12.DatastructurenMoeilijk

De tijdcomplexiteit van decrease-key in een binaire heap (als de positie van het element bekend is) is:

  1. AO(1)
  2. BO(n)
  3. CO(n log n)
  4. DO(log n)
13.GrafentheorieGemiddeld

Een boom heeft 2 hoekpunten van graad 5, 4 hoekpunten van graad 2, en al zijn andere hoekpunten zijn bladeren (graad 1). Hoeveel bladeren L heeft hij?

2 × deg 54 × deg 2
L =
14.GrafentheorieMoeilijk
131118171712ABCDE

Het algoritme van Prim bouwt een minimaal opspannende boom vanaf hoekpunt A. Klik op de kant die het toevoegt als kant nummer 2.

start: Ak = 2
  1. 1kant AB
  2. 2kant AC
  3. 3kant BC
  4. 4kant BD
  5. 5kant CE
  6. 6kant DE
  7. 7kant BE
15.Databases & SQLGemiddeld

De eerste normaalvorm (1NF) vereist dat:

  1. AElke tabel precies één kolom heeft
  2. BElke kolom atomaire waarden bevat en er geen herhalende groepen zijn
  3. CElke niet-sleutelkolom afhangt van de hele sleutel en van niets anders dan de sleutel
  4. DEr geen vreemde sleutels zijn
16.Databases & SQLMoeilijk

Waarom wordt NATURAL JOIN als riskant beschouwd in productiequery's?

  1. AHij geeft altijd een cartesisch product terug
  2. BHij wordt door geen enkele database ondersteund
  3. CHij negeert primaire en vreemde sleutels en houdt alleen NULL-rijen over
  4. DHij koppelt op elke kolom met dezelfde naam, dus een nieuwe kolom kan het resultaat ongemerkt veranderen
17.ComputernetwerkenGemiddeld

Waarom gebruikt Wi-Fi botsingsvermijding (CSMA/CA) in plaats van botsingsdetectie?

  1. AWi-Fi staat maar één apparaat per netwerk toe
  2. BBotsingsdetectie werkt alleen op glasvezelkabels, niet op gedeelde draadloze radiokanalen
  3. CRadiosignalen botsen nooit
  4. DEen draadloos station kan botsingen niet betrouwbaar detecteren terwijl het zendt
18.ComputernetwerkenMoeilijk

Waarom heeft IPv6 geen NAT nodig vanwege adrestekort?

  1. AIPv6 werkt alleen op lokale netwerken, dus adressen hoeven nooit wereldwijd te worden gedeeld
  2. BIPv6 versleutelt alle adressen
  3. CIPv6 gebruikt geen adressen
  4. DDe 128-bits adresruimte is groot genoeg om elk apparaat een globaal adres te geven
19.IPv4-subnettingGemiddeld
/24 → /2911111111111111111111111111111000netwerkbitshostbits

Het netwerk 192.168.10.0/24 moet worden verdeeld in minstens 30 gelijke subnetten. Als je zo weinig mogelijk bits leent, hoeveel bruikbare hosts H heeft elk subnet?

192.168.10.0/2430 subnets
H =
20.IPv4-subnettingMoeilijk
laatste octet = 214112816403211608141201netwerkhost

Een host heeft het adres 10.20.152.214/28. Wat is het laatste getal (vierde octet) x van het broadcastadres van zijn subnet?

10.20.152.214/28
x =

3Oplossingen

1.Talstelsels

Antwoord: U = 189

Bits instellen: elke bit is een macht van twee waard (128, 64, …, 1). Eén hexadecimaal cijfer is precies vier bits, en in 8-bits tweecomplement is de meest linkse bit −128 waard. Bitsgewijze bewerkingen werken op elke bitpositie apart.

Omkeren en één optellen

67 = 0100 0011
omgekeerd: 1011 1100
+1 → 1011 1101

Lezen zonder teken

1011 1101₂ = 256 − 67 = 189

Antwoord

U = 189
2.Talstelsels

Antwoord: R = 239

Bits instellen: elke bit is een macht van twee waard (128, 64, …, 1). Eén hexadecimaal cijfer is precies vier bits, en in 8-bits tweecomplement is de meest linkse bit −128 waard. Bitsgewijze bewerkingen werken op elke bitpositie apart.

Bit voor bit

OR geeft 1 waar minstens één bit 1 is.

1000 1100
OR 0110 0111
= 1110 1111

Waarde van het resultaat

1110 1111₂ = 239

Antwoord

R = 239
3.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: c ↔ ¬a

Logische equivalentie: twee formules zijn equivalent (≡) als ze in elke rij van de waarheidstabel dezelfde waarde hebben. Een tautologie is in elke rij 1, een contradictie in elke rij 0, en een contingentie is geen van beide. Nuttige wetten: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b en ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contrapositie); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; en de distributieve wetten, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

De wet

¬(a ↔ b) is precies 1 als a en b verschillen, wat a ↔ ¬b is.
¬(c ↔ a) ≡ c ↔ ¬a

Controleer met de waarheidstabel

a = 1, c = 1: 0 | 0 1 0 0
a = 1, c = 0: 1 | 1 0 0 1
a = 0, c = 1: 1 | 1 0 1 1
a = 0, c = 0: 0 | 0 1 0 1

Antwoord

c ↔ ¬a

De kolommen na de streep zijn de opties in de getoonde volgorde.

4.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: a = 1, b = 0

Kwantoren en redeneringen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) en ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Schuif een ontkenning naar binnen, verwissel elke kwantor die ze passeert en ontken de binnenste formule met de propositiewetten, zoals ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Een redenering is geldig als de conclusie 1 is in elke rij waarin alle premissen 1 zijn. Eén rij met ware premissen en een onware conclusie is een tegenvoorbeeld en toont aan dat de redenering ongeldig is.

Premissen en conclusie rij voor rij

a = 1, b = 1: 1 0 | 0
a = 1, b = 0: 1 1 | 0
a = 0, b = 1: 0 0 | 1
a = 0, b = 0: 1 1 | 1

Tegenvoorbeeld

a = 1, b = 0

Antwoord

a = 1, b = 0

Een redenering van deze vorm lijkt op een geldige regel, maar één rij is genoeg om te laten zien dat dat niet zo is.

5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: N = 4

Multiplexer: een 2ⁿ-naar-1-multiplexer geeft één van zijn data-ingangen door aan de uitgang; de selectielijnen, gelezen als binair getal, kiezen welke. Voor een 4-naar-1-MUX met selecties S₁S₀ = AB is F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Door de data-ingangen aan 0, 1, C of C′ te koppelen, maakt de MUX elke functie van A, B en C, wat een veelgebruikte manier is om logica met één chip te bouwen.

Uitgangsuitdrukking

F = A′B′C′ + A′BC + AB′

Rijen met F = 1

ABC = 000, 011, 100, 101
N = 4

Antwoord

N = 4
6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: N = 16

Flip-flops en tellers: een flip-flop verandert alleen op de actieve klokflank. D kopieert zijn ingang (Q⁺ = D); T wisselt als T = 1; JK houdt vast bij 00, reset bij 01, zet bij 10 en wisselt bij 11. Een n-bits binaire teller heeft 2ⁿ toestanden en telt modulo 2ⁿ; een mod-N-teller telt 0, 1, …, N − 1 en dan weer 0, en heeft de kleinste n met 2ⁿ ≥ N flip-flops nodig. Elke trap van een ripple-teller halveert de frequentie, dus de laatste uitgang van een mod-N-teller loopt op fklok/N. Een Johnson-teller van n flip-flops heeft 2n toestanden, een ringteller n.

Reeks voor 8 flip-flops

00000000 → 10000000 → 11000000 → 11100000 → 11110000 → 11111000 → 11111100 → 11111110 → 11111111 → 01111111 → 00111111 → 00011111 → 00001111 → 00000111 → 00000011 → 00000001

Aantal toestanden

N = 16

Antwoord

N = 16
7.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: 28−1 mod 41 = 22

Inversen en congruenties: a heeft een inverse modulo n precies als ggd(a, n) = 1. Het uitgebreide algoritme van Euclides schrijft 1 = s·n + t·a, en dan is a⁻¹ ≡ t (mod n). Een congruentie a·x ≡ b (mod n) met ggd(a, n) = 1 heeft de oplossing x ≡ a⁻¹·b. Twee congruenties x ≡ r₁ (mod m₁) en x ≡ r₂ (mod m₂) met onderling ondeelbare moduli hebben één oplossing modulo m₁·m₂ (Chinese reststelling). Eulers φ(n) telt de getallen van 1 tot n die onderling ondeelbaar zijn met n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Uitgebreid algoritme van Euclides

Elke rest r wordt geschreven als r ≡ t·28 (mod 41).

r = 41, t = 0
r = 28, q = 1, t = 1
r = 13, q = 2, t = −1
r = 2, q = 6, t = 3
r = 1, q = 2, t = −19

Inverse

1 ≡ −19·28 (mod 41)
x = 22
controle: 28·22 = 616 = 15·41 + 1

Antwoord

28−1 mod 41 = 22
8.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: 89155 mod 98 = 73

Modulaire machten en RSA: bereken aᵏ mod n door herhaald kwadrateren: schrijf k binair, kwadrateer, reduceer na elke stap en vermenigvuldig de machten waarvan de bit 1 is. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) voor een priemgetal p dat a niet deelt, dus de exponent kan modulo p − 1 gereduceerd worden. RSA: kies priemgetallen p en q, n = p·q en φ(n) = (p − 1)(q − 1); de publieke exponent e is onderling ondeelbaar met φ(n), en de privé-exponent is d = e⁻¹ mod φ(n). Versleutel met c = mᵉ mod n en ontsleutel met m = cᵈ mod n.

Binaire exponent

155 = 100110112 = 128 + 16 + 8 + 2 + 1

Herhaald kwadrateren

891 ≡ 89 (mod 98)
892 ≡ 81 (mod 98)
894 ≡ 93 (mod 98)
898 ≡ 25 (mod 98)
8916 ≡ 37 (mod 98)
8932 ≡ 95 (mod 98)
8964 ≡ 9 (mod 98)
89128 ≡ 81 (mod 98)

Vermenigvuldig de benodigde machten

89155 ≡ 89·81·25·37·81 ≡ 73 (mod 98)

Antwoord

89155 mod 98 = 73
9.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: A · Een array die al gesorteerd is

Waarom dit het antwoord is

Bij gesorteerde invoer is de pivot altijd het minimum, dus de ene kant is leeg en de andere heeft n − 1 elementen, wat O(n²) geeft.

Antwoord

A · Een array die al gesorteerd is
10.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: B · Een beslisboom met n mogelijke uitkomsten moet een diepte van minstens log₂ n hebben

Waarom dit het antwoord is

Elke vergelijking halveert hoogstens de verzameling resterende mogelijkheden, dus om n posities te onderscheiden zijn minstens log₂ n vergelijkingen nodig.

Antwoord

B · Een beslisboom met n mogelijke uitkomsten moet een diepte van minstens log₂ n hebben
11.Datastructuren

Antwoord: B · 14

Waarom dit het antwoord is

Push 3 en 4, + geeft 7; push 2, * geeft 7 × 2 = 14.

Antwoord

B · 14
12.Datastructuren

Antwoord: D · O(log n)

Waarom dit het antwoord is

Na het verlagen van de sleutel schuift het element hoogstens de hoogte van de heap omhoog (sift-up). Fibonacci-heaps halen decrease-key in geamortiseerd O(1).

Antwoord

D · O(log n)
13.Grafentheorie

Antwoord: L = 8

Euler, Hamilton en bomen: een samenhangende graaf heeft een Eulercircuit (elke kant één keer, terug naar het begin) als elk hoekpunt even graad heeft, en een Eulerpad dat geen circuit is als precies twee hoekpunten oneven graad hebben; het pad loopt dan van het ene oneven hoekpunt naar het andere. Een Hamiltoncircuit bezoekt elk hoekpunt één keer; Kn heeft er (n − 1)!/2. Een boom op n hoekpunten heeft n − 1 kanten, en een samenhangende graaf met m kanten houdt een opspannende boom over na het verwijderen van m − n + 1 kanten.

Handenschudlemma voor een boom

L + 18 = 2(L + 6) − 2
L = 8

Antwoord

L = 8

Snelle methode: L = 2 + Σ (d − 2) over de hoekpunten met graad d ≥ 3.

14.Grafentheorie

Antwoord: kant CE

Kortste paden en opspannende bomen: het algoritme van Dijkstra legt per ronde één hoekpunt vast: het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste voorlopige afstand. Zijn afstand is dan definitief, en elke buur v krijgt d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Het algoritme van Kruskal bouwt een minimaal opspannende boom door de kanten van licht naar zwaar te nemen en elke kant over te slaan die een cykel zou sluiten; het algoritme van Prim laat één boom groeien vanuit een beginpunt door steeds de lichtste kant toe te voegen die eruit vertrekt. Een opspannende boom van n hoekpunten heeft n − 1 kanten.

Het algoritme van Prim

1. AC (11)
2. CE (1)
3. DE (7)
4. BE (12)

kantnummer 2

CE

Antwoord

kant CE
15.Databases & SQL

Antwoord: B · Elke kolom atomaire waarden bevat en er geen herhalende groepen zijn

Waarom dit het antwoord is

1NF vereist atomaire waarden per cel en een unieke identificatie van rijen, zonder herhalende groepen.

Antwoord

B · Elke kolom atomaire waarden bevat en er geen herhalende groepen zijn
16.Databases & SQL

Antwoord: D · Hij koppelt op elke kolom met dezelfde naam, dus een nieuwe kolom kan het resultaat ongemerkt veranderen

Waarom dit het antwoord is

Een natural join koppelt alle kolommen met dezelfde naam, bijvoorbeeld een niet-gerelateerde "name" of "created_at"; een expliciete ON- of USING-clausule is veiliger.

Antwoord

D · Hij koppelt op elke kolom met dezelfde naam, dus een nieuwe kolom kan het resultaat ongemerkt veranderen
17.Computernetwerken

Antwoord: D · Een draadloos station kan botsingen niet betrouwbaar detecteren terwijl het zendt

Waarom dit het antwoord is

Een radiozender kan tijdens het zenden geen andere zwakke signalen horen, en sommige stations zijn voor elkaar verborgen. Daarom wacht 802,11 willekeurige backofftijden en gebruikt het bevestigingen.

Antwoord

D · Een draadloos station kan botsingen niet betrouwbaar detecteren terwijl het zendt
18.Computernetwerken

Antwoord: D · De 128-bits adresruimte is groot genoeg om elk apparaat een globaal adres te geven

Waarom dit het antwoord is

IPv6 heeft ongeveer 3,4 × 10³⁸ adressen, dus het tekort dat bij IPv4 tot NAT leidde verdwijnt; firewalls zorgen nog steeds voor beveiliging.

Antwoord

D · De 128-bits adresruimte is groot genoeg om elk apparaat een globaal adres te geven
19.IPv4-subnetting

Antwoord: H = 6

IPv4-subnetting: een adres heeft 32 bits. Het prefix /p geeft aan hoeveel voorste bits het netwerk aanduiden; de overige 32 − p bits nummeren de hosts. Een subnet heeft 2³²⁻ᵖ adressen, maar het eerste (netwerkadres) en het laatste (broadcastadres) kunnen niet aan hosts worden gegeven, dus er passen 2³²⁻ᵖ − 2 hosts in. Uitzonderingen: een /31 (point-to-pointverbinding, RFC 3021) gebruikt allebei zijn 2 adressen voor hosts, en een /32 is één enkel adres (één host of een loopback).

Te lenen bits

25 = 32 ≥ 30 → b = 5, /29

Hosts per subnet

23 − 2 = 6

Antwoord

H = 6
20.IPv4-subnetting

Antwoord: x = 223

IPv4-subnetting: een adres heeft 32 bits. Het prefix /p geeft aan hoeveel voorste bits het netwerk aanduiden; de overige 32 − p bits nummeren de hosts. Een subnet heeft 2³²⁻ᵖ adressen, maar het eerste (netwerkadres) en het laatste (broadcastadres) kunnen niet aan hosts worden gegeven, dus er passen 2³²⁻ᵖ − 2 hosts in. Uitzonderingen: een /31 (point-to-pointverbinding, RFC 3021) gebruikt allebei zijn 2 adressen voor hosts, en een /32 is één enkel adres (één host of een loopback).

Blokgrootte

24 = 16

Subnet van deze host

netwerk: ⌊214/16⌋·16 = 208
broadcast: 208 + 16 − 1 = 223
bruikbare hosts: 209 … 222

Antwoord

x = 223

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals