Basis informatica: samenvattingspakket

Formuleoverzichten, de belangrijkste methodestappen voor elk onderwerp en 20 oefenopgaven, met volledige oplossingen achterin.

Nieuwe opgavenTerug naar het vak

Kies in het printvenster “Opslaan als pdf” om een kopie op je apparaat te bewaren.

1Formules en methoden

Talstelsels

Plaatswaarden
binair 2k, octaal 8k, hex 16k
Naar decimaal
Σ dk·bk
Vanuit decimaal
deel door het grondtal en lees de resten van onder naar boven
Hex ↔ binair
één hexcijfer = 4 bits
Two's complement
inverteer de bits en tel 1 op

Propositielogica & bewijzen

Rijen van een waarheidstabel
2ⁿ
Implicatie
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Ontkende implicatie
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bi-implicatie
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Distributieve wetten
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Ontkende kwantoren
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Methode

  1. Tel de verschillende variabelen: de waarheidstabel heeft 2ⁿ rijen, beginnend met alle variabelen op 1.
  2. Geef elke deelformule een eigen kolom en vul de kolommen van binnen naar buiten in.
  3. Pas de regel van elk voegwoord toe: → is alleen 0 bij 1 → 0, ↔ is 1 als beide kanten gelijk zijn.
  4. Vergelijk bij equivalenties de laatste kolommen rij voor rij; kijk bij een redenering alleen naar de rijen waarin alle premissen 1 zijn.
  5. Om een bewering met kwantor te ontkennen, schuif je ¬ naar binnen, verwissel je ∀ en ∃ en ontken je de binnenste formule.

Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Basispoorten
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Booleaanse regels
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Volgorde van de Karnaugh-kaart
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Groep van 2ᵏ cellen
verliest k variabelen
4-naar-1-multiplexer
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flops
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Tellers
n-bits: 2ⁿ toestanden; mod-N: kleinste n met 2ⁿ ≥ N; fuit = fklok/N
Ripple-teller
fmax = 1/(n·tpd)
Ring- en Johnson-tellers
n en 2n toestanden

Methode

  1. Werk bij een schakeling van de ingangen naar de uitgang, één poort tegelijk, en schrijf de waarde op elke draad, of schrijf de uitdrukking op en vul de waarheidstabel in.
  2. Zet voor vereenvoudiging de enen (en de don’t-cares als X) in een Karnaugh-kaart met rijen en kolommen in Gray-code: 00, 01, 11, 10.
  3. Dek de enen met zo weinig en zo grote groepen van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen als mogelijk, met terugloop om de randen; elke groep is één productterm van de variabelen die constant blijven. Groepeer de nullen voor de POS-vorm.
  4. Lees bij flip-flops en tellers de ingangen af op elke actieve klokflank, schrijf de toestand na elke flank op, en onthoud dat een n-bits teller na 2ⁿ toestanden terugloopt.

Getaltheorie & modulair rekenen

Deling met rest
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kleinste gemene veelvoud
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inverse
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Lineaire congruentie
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Eulers φ-functie
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Methode

  1. Reduceer eerst elk getal modulo n; resten liggen tussen 0 en n − 1.
  2. Deel voor een ggd herhaaldelijk met het algoritme van Euclides; de laatste rest ongelijk aan nul is de ggd.
  3. Laat voor een inverse het uitgebreide algoritme lopen en houd de coëfficiënt van a; tel n erbij op als die negatief is.
  4. Los a·x ≡ b op door met a⁻¹ te vermenigvuldigen; combineer twee congruenties door x = r₁ + m₁k te schrijven.
  5. Schrijf bij machten de exponent binair en kwadrateer herhaaldelijk; in RSA is d = e⁻¹ mod φ(n) met φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Grafentheorie

Handenschudlemma
Σ deg(v) = 2|E|
Volledige grafen
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Reguliere graaf
|E| = n·k/2
Boom en bos
|E| = n − 1, |E| = n − c
Bladeren van een boom
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuit: alle graden even; pad: precies 2 oneven graden
Hamiltoncircuits in Kn
(n − 1)!/2
Dijkstra-update
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Wandelingen van lengte L
(Mᴸ)ij

Methode

  1. Schrijf de graad van elk hoekpunt op; de graden zijn samen twee keer het aantal kanten.
  2. Controleer bij Eulervragen of de graaf samenhangend is en tel de hoekpunten met oneven graad.
  3. Gebruik bij bomen n − 1 kanten en het handenschudlemma.
  4. Houd bij Dijkstra een tabel met voorlopige afstanden bij en leg elke ronde het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste afstand vast.
  5. Sorteer voor een minimaal opspannende boom de kanten op gewicht en sla elke kant over die een cykel sluit (Kruskal), of laat één boom groeien vanuit een beginpunt (Prim).

IPv4-subnetting

Hosts per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blokgrootte
256 − (mask octet)
Netwerkadres
IP AND masker
Broadcastadres
IP OR (NOT masker): alle hostbits op 1
Subnetten uit n geleende bits
2n

2Oefenopgaven

1.TalstelselsGemiddeld
8-bits two's complement0−12806403201608040201

Stel de bits zo in dat ze −67 opslaan in 8-bits tweecomplement. Wat is de waarde U van het patroon, gelezen als getal zonder teken?

N = −678 bit
U =
2.TalstelselsMoeilijk
klik op de bits om ze in te stellen012806403201608040201

Stel de bits in op het 8-bits resultaat van 0110 0110 << 2. Wat is de waarde R van het resultaat in decimaal?

0110 0110<< 2
R =
3.Propositielogica & bewijzenGemiddeld
tautologiecontradictiecontingentie

Is ((b → a) ∧ (a → c)) → (b → c) een tautologie, een contradictie of een contingentie? Klik op je antwoord.

((b → a) ∧ (a → c)) → (b → c)
  1. 1tautologie
  2. 2contradictie
  3. 3contingentie
4.Propositielogica & bewijzenMoeilijk
abcc → (a ∨ b)ca111110101100011010001000

De redenering met premissen c → (a ∨ b); c en conclusie a is ongeldig. Klik op de rij van de waarheidstabel die een tegenvoorbeeld is.

c → (a ∨ b)c∴ a
  1. 1a = 1, b = 1, c = 1
  2. 2a = 1, b = 1, c = 0
  3. 3a = 1, b = 0, c = 1
  4. 4a = 1, b = 0, c = 0
  5. 5a = 0, b = 1, c = 1
  6. 6a = 0, b = 1, c = 0
  7. 7a = 0, b = 0, c = 1
  8. 8a = 0, b = 0, c = 0
5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsGemiddeld
ABCD000111100001111000010302140517061120131151140809011110

Gebruik de Karnaugh-kaart om de minimale som-van-productenvorm (SOP) van F(A, B, C, D) = Σm(4, 7, 10, 12, 14, 15) te vinden. Hoeveel literals L bevat die in totaal (een variabele met accent telt als één literal)?

F(A, B, C, D) = Σm(4, 7, 10, 12, 14, 15)
L =
6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flopsMoeilijk
ABCD00011110000111100011130204150706X120130150141819111X10

Bepaal de minimale SOP-vorm van F(A, B, C, D) = Σm(1, 3, 5, 8, 9, 11) + d(10, 12), waarbij d de don’t-care-condities aangeeft. Hoeveel literals L bevat die?

F(A, B, C, D) = Σm(1, 3, 5, 8, 9, 11) + d(10, 12)
L =
7.Getaltheorie & modulair rekenenGemiddeld

Los 61x ≡ 52 (mod 71) op. Geef de oplossing x met 0 < x < 71.

61x ≡ 52 (mod 71)
x =
8.Getaltheorie & modulair rekenenMoeilijk

Hoeveel oplossingen N heeft 39x ≡ 30 (mod 84) in {0, 1, …, 83}?

39x ≡ 30 (mod 84)
N =
9.Algoritmen & complexiteitGemiddeld

Welke uitspraak over een recursieve functie zonder bereikbaar basisgeval is juist?

  1. ADe compiler maakt er altijd een lus van die veilig eindigt
  2. BZe geeft automatisch 0 terug
  3. CZe blijft zichzelf aanroepen totdat de call stack overloopt
  4. DZe loopt in O(1) tijd
10.Algoritmen & complexiteitMoeilijk

Het algoritme van Held-Karp voor dynamisch programmeren lost het handelsreizigersprobleem exact op. Wat is de looptijd voor n steden?

  1. AO(n³)
  2. BO(n!)
  3. CO(n² 2ⁿ)
  4. DO(2n²)
11.DatastructurenGemiddeld

Je hebt een verwijzing naar een knoop in het midden van een lijst. In welke lijst kun je die in O(1) verwijderen?

  1. AEen dubbel gekoppelde lijst
  2. BEen gesorteerde array
  3. CEen dynamische array
  4. DEen enkelvoudig gekoppelde lijst
12.DatastructurenMoeilijk

Aan welke regel moeten hash en gelijkheid voldoen om een hashtabel correct te laten werken?

  1. AHashwaarden moeten priemgetallen zijn
  2. BGelijke sleutels moeten gelijke hashwaarden hebben
  3. CGelijke hashwaarden impliceren gelijke sleutels
  4. DVerschillende sleutels moeten verschillende hashwaarden hebben
13.GrafentheorieGemiddeld
ABCDEFGEulercircuitEulerpad, geen circuitgeen van beide

Heeft de samenhangende graaf een Eulercircuit, een Eulerpad dat geen circuit is, of geen van beide? Klik op je antwoord.

|V| = 7|E| = 8
  1. 1Eulercircuit
  2. 2Eulerpad, geen circuit
  3. 3geen van beide
14.GrafentheorieMoeilijk
15841211814596ABCDEFG

Het algoritme van Kruskal bouwt een minimaal opspannende boom. Klik op de kant die het toevoegt als kant nummer 6; overgeslagen kanten tellen niet mee.

k = 6
  1. 1kant AB
  2. 2kant AC
  3. 3kant BC
  4. 4kant BD
  5. 5kant DE
  6. 6kant DF
  7. 7kant GB
  8. 8kant GC
  9. 9kant GD
  10. 10kant GE
15.Databases & SQLGemiddeld

Waar staat de "A" in ACID voor?

  1. AAccuracy (nauwkeurigheid)
  2. BAtomicity (atomiciteit)
  3. CAggregation (aggregatie)
  4. DAvailability (beschikbaarheid)
16.Databases & SQLMoeilijk

Twee artsen met dienst controleren elk of de ander nog dienst heeft en melden zich daarna tegelijk af. Welke anomalie kan snapshot isolation hier nog toestaan?

  1. ADirty read
  2. BNon-repeatable read binnen één transactie
  3. CWrite skew
  4. DDirty write
17.ComputernetwerkenGemiddeld

Hoe gebruikt TLS doorgaans asymmetrische en symmetrische cryptografie?

  1. AAsymmetrische methoden spreken sleutels af en authenticeren; symmetrische cijfers versleutelen de data
  2. BEr wordt alleen symmetrische cryptografie gebruikt, met een vast gedeeld wachtwoord
  3. CEr wordt overal alleen asymmetrische cryptografie gebruikt
  4. DSymmetrische methoden spreken sleutels af en authenticeren; asymmetrische cijfers versleutelen alle data
18.ComputernetwerkenMoeilijk

De "slow start"-fase van TCP-congestiecontrole:

  1. AHalveert het congestievenster bij elke round trip totdat een pakketverlies wordt gedetecteerd
  2. BHoudt het venster vast op één segment
  3. CWordt alleen door UDP gebruikt
  4. DVergroot het congestievenster exponentieel tot een drempelwaarde of verlies
19.IPv4-subnettingGemiddeld
/24 → /2711111111111111111111111111100000netwerkbitshostbits

Het netwerk 192.168.10.0/24 moet worden verdeeld in minstens 8 gelijke subnetten. Als je zo weinig mogelijk bits leent, hoeveel bruikbare hosts H heeft elk subnet?

192.168.10.0/248 subnets
H =
20.IPv4-subnettingMoeilijk
derde octet 51 … 54012806413211608041211gemeenschappelijkverschilt

Een router heeft routes naar deze netwerken: 10.25.51.0/24, 10.25.52.0/24, 10.25.53.0/24, 10.25.54.0/24. Wat is de langste prefixlengte p van één samenvattende route die ze allemaal dekt?

10.25.51.0/24 … 10.25.54.0/24
p =

3Oplossingen

1.Talstelsels

Antwoord: U = 189

Bits instellen: elke bit is een macht van twee waard (128, 64, …, 1). Eén hexadecimaal cijfer is precies vier bits, en in 8-bits tweecomplement is de meest linkse bit −128 waard. Bitsgewijze bewerkingen werken op elke bitpositie apart.

Omkeren en één optellen

67 = 0100 0011
omgekeerd: 1011 1100
+1 → 1011 1101

Lezen zonder teken

1011 1101₂ = 256 − 67 = 189

Antwoord

U = 189
2.Talstelsels

Antwoord: R = 152

Bits instellen: elke bit is een macht van twee waard (128, 64, …, 1). Eén hexadecimaal cijfer is precies vier bits, en in 8-bits tweecomplement is de meest linkse bit −128 waard. Bitsgewijze bewerkingen werken op elke bitpositie apart.

Bit voor bit

Naar links schuiven met 2 verplaatst elke bit 2 plaatsen naar links; bits die links uit beeld vallen gaan verloren en rechts komen nullen binnen.

0110 0110 << 2
= 1001 1000

Waarde van het resultaat

1001 1000₂ = 152

Antwoord

R = 152
3.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: tautologie

Logische equivalentie: twee formules zijn equivalent (≡) als ze in elke rij van de waarheidstabel dezelfde waarde hebben. Een tautologie is in elke rij 1, een contradictie in elke rij 0, en een contingentie is geen van beide. Nuttige wetten: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b en ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contrapositie); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; en de distributieve wetten, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Waarheidstabel rij voor rij

a = 1, b = 1, c = 1: b → a = 1, a → c = 1, (b → a) ∧ (a → c) = 1, b → c = 1, ((b → a) ∧ (a → c)) → (b → c) = 1
a = 1, b = 1, c = 0: b → a = 1, a → c = 0, (b → a) ∧ (a → c) = 0, b → c = 0, ((b → a) ∧ (a → c)) → (b → c) = 1
a = 1, b = 0, c = 1: b → a = 1, a → c = 1, (b → a) ∧ (a → c) = 1, b → c = 1, ((b → a) ∧ (a → c)) → (b → c) = 1
a = 1, b = 0, c = 0: b → a = 1, a → c = 0, (b → a) ∧ (a → c) = 0, b → c = 1, ((b → a) ∧ (a → c)) → (b → c) = 1
a = 0, b = 1, c = 1: b → a = 0, a → c = 1, (b → a) ∧ (a → c) = 0, b → c = 1, ((b → a) ∧ (a → c)) → (b → c) = 1
a = 0, b = 1, c = 0: b → a = 0, a → c = 1, (b → a) ∧ (a → c) = 0, b → c = 0, ((b → a) ∧ (a → c)) → (b → c) = 1
a = 0, b = 0, c = 1: b → a = 1, a → c = 1, (b → a) ∧ (a → c) = 1, b → c = 1, ((b → a) ∧ (a → c)) → (b → c) = 1
a = 0, b = 0, c = 0: b → a = 1, a → c = 1, (b → a) ∧ (a → c) = 1, b → c = 1, ((b → a) ∧ (a → c)) → (b → c) = 1

Classificeer

((b → a) ∧ (a → c)) → (b → c): 1, 1, 1, 1, 1, 1, 1, 1
1 in elke rij: een tautologie.

Antwoord

tautologie
4.Propositielogica & bewijzen

Antwoord: a = 0, b = 1, c = 1

Kwantoren en redeneringen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) en ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Schuif een ontkenning naar binnen, verwissel elke kwantor die ze passeert en ontken de binnenste formule met de propositiewetten, zoals ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Een redenering is geldig als de conclusie 1 is in elke rij waarin alle premissen 1 zijn. Eén rij met ware premissen en een onware conclusie is een tegenvoorbeeld en toont aan dat de redenering ongeldig is.

Premissen en conclusie rij voor rij

a = 1, b = 1, c = 1: 1 1 | 1
a = 1, b = 1, c = 0: 1 0 | 1
a = 1, b = 0, c = 1: 1 1 | 1
a = 1, b = 0, c = 0: 1 0 | 1
a = 0, b = 1, c = 1: 1 1 | 0
a = 0, b = 1, c = 0: 1 0 | 0
a = 0, b = 0, c = 1: 0 1 | 0
a = 0, b = 0, c = 0: 1 0 | 0

Tegenvoorbeeld

a = 0, b = 1, c = 1

Antwoord

a = 0, b = 1, c = 1

Een redenering van deze vorm lijkt op een geldige regel, maar één rij is genoeg om te laten zien dat dat niet zo is.

5.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: L = 9

Karnaugh-kaarten: de cellen staan in Gray-code (00, 01, 11, 10), dus naburige cellen, ook die over de randen heen, verschillen in precies één variabele. Groepeer de enen in rechthoeken van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen, zo groot en zo weinig mogelijk, totdat elke 1 gedekt is. Elke groep is één productterm: de variabelen die erin constant blijven. Een groep van 2ᵏ cellen verliest k variabelen. Don’t-cares (X) mogen worden gebruikt om groepen groter te maken maar hoeven nooit gedekt te worden. Groepeer je in plaats daarvan de nullen, dan krijg je de minimale POS-vorm.

ABCD000111100001111000010302140517061120131151140809011110

Groepeer de enen

Elke groep is een rechthoek van 2ᵏ cellen; randcellen zijn buren van de cellen op de tegenoverliggende rand.

BC′D′
BCD
ACD′

Minimale SOP-vorm

F = BC′D′ + BCD + ACD′
L = 9

Antwoord

L = 9
6.Digitale logica: poorten, K-kaarten & flip-flops

Antwoord: L = 7

Karnaugh-kaarten: de cellen staan in Gray-code (00, 01, 11, 10), dus naburige cellen, ook die over de randen heen, verschillen in precies één variabele. Groepeer de enen in rechthoeken van 1, 2, 4, 8 of 16 cellen, zo groot en zo weinig mogelijk, totdat elke 1 gedekt is. Elke groep is één productterm: de variabelen die erin constant blijven. Een groep van 2ᵏ cellen verliest k variabelen. Don’t-cares (X) mogen worden gebruikt om groepen groter te maken maar hoeven nooit gedekt te worden. Groepeer je in plaats daarvan de nullen, dan krijg je de minimale POS-vorm.

Priemimplicanten

De grootste groepen die uit enen en X’en gevormd kunnen worden.

B′D, A′C′D, AC′D′, AB′
ABCD00011110000111100011130204150706X120130150141819111X10

Minimale dekking

F = B′D + A′C′D + AB′
L = 7

Antwoord

L = 7
7.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: x = 9

Inversen en congruenties: a heeft een inverse modulo n precies als ggd(a, n) = 1. Het uitgebreide algoritme van Euclides schrijft 1 = s·n + t·a, en dan is a⁻¹ ≡ t (mod n). Een congruentie a·x ≡ b (mod n) met ggd(a, n) = 1 heeft de oplossing x ≡ a⁻¹·b. Twee congruenties x ≡ r₁ (mod m₁) en x ≡ r₂ (mod m₂) met onderling ondeelbare moduli hebben één oplossing modulo m₁·m₂ (Chinese reststelling). Eulers φ(n) telt de getallen van 1 tot n die onderling ondeelbaar zijn met n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Inverse van 61

r = 71, t = 0
r = 61, q = 1, t = 1
r = 10, q = 6, t = −1
r = 1, q = 10, t = 7
61−1 ≡ 7 (mod 71)

Oplossen

x ≡ 7·52 = 364 ≡ 9 (mod 71)
controle: 61·9 = 549 ≡ 52 (mod 71)

Antwoord

x = 9
8.Getaltheorie & modulair rekenen

Antwoord: N = 3

Inversen en congruenties: a heeft een inverse modulo n precies als ggd(a, n) = 1. Het uitgebreide algoritme van Euclides schrijft 1 = s·n + t·a, en dan is a⁻¹ ≡ t (mod n). Een congruentie a·x ≡ b (mod n) met ggd(a, n) = 1 heeft de oplossing x ≡ a⁻¹·b. Twee congruenties x ≡ r₁ (mod m₁) en x ≡ r₂ (mod m₂) met onderling ondeelbare moduli hebben één oplossing modulo m₁·m₂ (Chinese reststelling). Eulers φ(n) telt de getallen van 1 tot n die onderling ondeelbaar zijn met n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Deel door de ggd

gcd(39, 84) = 3
13x ≡ 10 (mod 28)

Los de gereduceerde congruentie op

13−1 ≡ 13 (mod 28) → x ≡ 18 (mod 28)

Oplossingen modulo 84

x ∈ {18, 46, 74}
N = 3

Antwoord

N = 3
9.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: C · Ze blijft zichzelf aanroepen totdat de call stack overloopt

Waarom dit het antwoord is

Zonder basisgeval stopt de recursie nooit; in de praktijk raakt het geheugen voor stackframes op en crasht het programma.

Antwoord

C · Ze blijft zichzelf aanroepen totdat de call stack overloopt
10.Algoritmen & complexiteit

Antwoord: C · O(n² 2ⁿ)

Waarom dit het antwoord is

Er zijn ongeveer n 2ⁿ toestanden, die elk in O(n) worden berekend; dat is exponentieel, maar veel sneller dan alle (n − 1)! routes proberen.

Antwoord

C · O(n² 2ⁿ)
11.Datastructuren

Antwoord: A · Een dubbel gekoppelde lijst

Waarom dit het antwoord is

Een dubbel gekoppelde knoop kent zijn voorganger, dus je kunt prev en next direct opnieuw koppelen; een enkelvoudig gekoppelde lijst moet de voorganger zoeken.

Antwoord

A · Een dubbel gekoppelde lijst
12.Datastructuren

Antwoord: B · Gelijke sleutels moeten gelijke hashwaarden hebben

Waarom dit het antwoord is

Als twee gelijke sleutels verschillend zouden hashen, zouden ze in verschillende buckets worden opgeslagen en zouden lookups mislukken; ongelijke sleutels mogen wel een hash delen.

Antwoord

B · Gelijke sleutels moeten gelijke hashwaarden hebben
13.Grafentheorie

Antwoord: geen van beide

Euler, Hamilton en bomen: een samenhangende graaf heeft een Eulercircuit (elke kant één keer, terug naar het begin) als elk hoekpunt even graad heeft, en een Eulerpad dat geen circuit is als precies twee hoekpunten oneven graad hebben; het pad loopt dan van het ene oneven hoekpunt naar het andere. Een Hamiltoncircuit bezoekt elk hoekpunt één keer; Kn heeft er (n − 1)!/2. Een boom op n hoekpunten heeft n − 1 kanten, en een samenhangende graaf met m kanten houdt een opspannende boom over na het verwijderen van m − n + 1 kanten.

Graden

deg(A) = 1, deg(B) = 2, deg(C) = 3, deg(D) = 2, deg(E) = 3, deg(F) = 2, deg(G) = 3

Oneven hoekpunten

A, C, E, G → 4
geen van beide

Antwoord

geen van beide
14.Grafentheorie

Antwoord: kant DF

Kortste paden en opspannende bomen: het algoritme van Dijkstra legt per ronde één hoekpunt vast: het onafgehandelde hoekpunt met de kleinste voorlopige afstand. Zijn afstand is dan definitief, en elke buur v krijgt d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Het algoritme van Kruskal bouwt een minimaal opspannende boom door de kanten van licht naar zwaar te nemen en elke kant over te slaan die een cykel zou sluiten; het algoritme van Prim laat één boom groeien vanuit een beginpunt door steeds de lichtste kant toe te voegen die eruit vertrekt. Een opspannende boom van n hoekpunten heeft n − 1 kanten.

Het algoritme van Kruskal

1. DE (1)
2. BC (4)
3. GC (5)
4. GE (6)
5. AC (8)
6. DF (18)

kantnummer 6

DF

Antwoord

kant DF
15.Databases & SQL

Antwoord: B · Atomicity (atomiciteit)

Waarom dit het antwoord is

ACID: atomiciteit, consistentie, isolatie, duurzaamheid. Atomiciteit betekent dat een transactie volledig of helemaal niet wordt uitgevoerd.

Antwoord

B · Atomicity (atomiciteit)
16.Databases & SQL

Antwoord: C · Write skew

Waarom dit het antwoord is

Onder snapshot isolation zien beide transacties de oude toestand en wijzigen ze verschillende rijen, zodat er geen schrijfconflict wordt gedetecteerd; serializable isolation voorkomt dit.

Antwoord

C · Write skew
17.Computernetwerken

Antwoord: A · Asymmetrische methoden spreken sleutels af en authenticeren; symmetrische cijfers versleutelen de data

Waarom dit het antwoord is

Publieke-sleutelmethoden en certificaten zetten een gedeeld geheim op en bewijzen de identiteit. Snelle symmetrische cijfers zoals AES beschermen daarna de hoofdmoot van de data.

Antwoord

A · Asymmetrische methoden spreken sleutels af en authenticeren; symmetrische cijfers versleutelen de data
18.Computernetwerken

Antwoord: D · Vergroot het congestievenster exponentieel tot een drempelwaarde of verlies

Waarom dit het antwoord is

Slow start laat het congestievenster exponentieel groeien; na de drempelwaarde laat congestion avoidance het lineair groeien, en verlies verkleint het.

Antwoord

D · Vergroot het congestievenster exponentieel tot een drempelwaarde of verlies
19.IPv4-subnetting

Antwoord: H = 30

IPv4-subnetting: een adres heeft 32 bits. Het prefix /p geeft aan hoeveel voorste bits het netwerk aanduiden; de overige 32 − p bits nummeren de hosts. Een subnet heeft 2³²⁻ᵖ adressen, maar het eerste (netwerkadres) en het laatste (broadcastadres) kunnen niet aan hosts worden gegeven, dus er passen 2³²⁻ᵖ − 2 hosts in. Uitzonderingen: een /31 (point-to-pointverbinding, RFC 3021) gebruikt allebei zijn 2 adressen voor hosts, en een /32 is één enkel adres (één host of een loopback).

Te lenen bits

23 = 8 ≥ 8 → b = 3, /27

Hosts per subnet

25 − 2 = 30

Antwoord

H = 30
20.IPv4-subnetting

Antwoord: p = 21

Routesamenvatting: een samenvattende route a.b.c.0/p dekt alle netwerken waarvan de eerste p bits overeenkomen. Schrijf het octet dat verschilt van het eerste en het laatste netwerk binair; het aantal gemeenschappelijke voorste bits, plus de bits van de octetten ervoor, is het langste samenvattende prefix.

Vergelijk de bits

51 = 00110011
54 = 00110110
gemeenschappelijke voorste bits: 5

Prefixlengte

p = 16 + 5 = 21

Antwoord

p = /21

Samenvattende route: 10.25.48.0/21 (die dekt ook 4 netwerk(en) die niet in de lijst staan).

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals