Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.
Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów
Metoda
Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.
Teoria liczb i arytmetyka modularna
Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metoda
Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Teoria grafów
Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij
Metoda
Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).
Podsieci IPv4
Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n
2Zadania do ćwiczenia
1.Systemy liczboweŚredni
Ustaw bity tak, aby zapisywały −120 w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch. Jaka jest wartość wzorca U odczytanego jako liczba bez znaku?
N = −1208 bit
U =
2.Systemy liczboweTrudny
System musi nadać każdemu z 2205 elementów własny kod dwójkowy tej samej długości. Ile co najmniej bitów b potrzeba?
2205
b = bit
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
Która formuła jest logicznie równoważna ¬(a ↔ b)? Kliknij ją.
¬(a ↔ b)
1a ↔ ¬b
2a ∧ ¬b
3¬a ↔ ¬b
4¬a ∨ ¬b
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny
Dane są przesłanki p → q; q → r. Jaki wniosek z nich wynika? Kliknij go.
p → qq → r
1p ∧ r
2p → r
3¬p → ¬r
4r → p
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
Użyj mapy Karnaugha, aby znaleźć minimalną postać sumy iloczynów (SOP) funkcji F(A, B, C) = Σm(0, 5, 6). Ile literałów L zawiera łącznie (zmienna z negacją liczy się jako jeden literał)?
F(A, B, C) = Σm(0, 5, 6)
L =
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
4-bitowy rejestr przesuwający Q₃Q₂Q₁Q₀ zawiera 1111. Przy każdym zboczu zegara bity przesuwają się o jedno miejsce w prawo (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀, Q₀ jest tracone), a wejście szeregowe trafia do Q₃. Wejście szeregowe wynosi 1, 1, 1, 0, 1, 1 przy zboczach 6. Podaj stan końcowy Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ jako liczbę dziesiętną.
Q₃Q₂Q₁Q₀ = 11111, 1, 1, 0, 1, 1
Q =
7.Teoria liczb i arytmetyka modularnaŚredni
Znajdź element odwrotny do 22 modulo 53: liczbę x, dla której 0 < x < 53 oraz 22·x ≡ 1 (mod 53).
a = 22n = 53
22−1 mod 53 =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny
41 jest liczbą pierwszą. Użyj małego twierdzenia Fermata, aby znaleźć 671513 mod 41.
p = 41k = 71513
671513 mod 41 =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni
Dlaczego programowanie dynamiczne nie daje realnego przyspieszenia sortowania przez scalanie?
AProgramowanie dynamiczne działa tylko na problemach grafowych, a nie na tablicach
BJego podproblemy się nie nakładają, więc nie ma czego ponownie wykorzystać
CSortowanie przez scalanie już jest O(n)
DSortowanie przez scalanie nie ma struktury rekurencyjnej
10.Algorytmy i złożonośćTrudny
Która definicja klasy NP jest poprawna?
AProblemy, których nie rozwiązuje żaden algorytm
BProblemy, które nie są wielomianowe
CProblemy, których nie da się rozwiązać w czasie wielomianowym
DProblemy decyzyjne, których odpowiedzi „tak" można zweryfikować w czasie wielomianowym na podstawie certyfikatu
11.Struktury danychŚredni
Dlaczego kopiec binarny można przechowywać w tablicy bez żadnych wskaźników?
AWszystkie klucze w kopcu są równe
BKopce nigdy nie zawierają więcej niż 100 elementów
CJest zupełnym drzewem binarnym, więc pozycje wynikają z prostych wzorów na indeksy
DTablice automatycznie utrzymują klucze w kolejności posortowanej, więc wskaźniki nie są potrzebne
12.Struktury danychTrudny
Dlaczego bazy danych do indeksów często używają B+ drzew zamiast zwykłych B-drzew?
AB+ drzewa używają binarnych węzłów wewnętrznych, co zmniejsza liczbę odczytów z dysku
BWszystkie rekordy są w połączonych liściach, co czyni skanowanie zakresów wydajnym
CB+ drzewa nie muszą być zrównoważone
DB+ drzewa przechowują dane tylko w korzeniu
13.Teoria grafówŚredni
Czy graf spójny ma cykl Eulera, ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, czy żadne z nich? Kliknij odpowiedź.
|V| = 7|E| = 7
1Cykl Eulera
2Ścieżka Eulera, bez cyklu
3ani jedno, ani drugie
14.Teoria grafówTrudny
Algorytm Dijkstry rusza z A. Kliknij wierzchołek zatwierdzony (uczyniony stałym) w rundzie 5; sam A to runda 1.
start: Arunda 5
1A
2B
3C
4D
5E
6F
7G
15.Bazy danych i SQLŚredni
Klucz obcy zadeklarowano z ON DELETE CASCADE. Co się dzieje, gdy zostanie usunięty wiersz nadrzędny?
AKlucz obcy w wierszach podrzędnych jest automatycznie ustawiany na NULL
BOdwołujące się do niego wiersze podrzędne są automatycznie usuwane
CUsunięcie jest zawsze odrzucane
DWiersz nadrzędny jest kopiowany do tabeli archiwalnej
16.Bazy danych i SQLTrudny
Dwoje dyżurnych lekarzy sprawdza, czy drugie nadal ma dyżur, a potem oboje jednocześnie się z niego wypisują. Na jaką anomalię nadal pozwala tu izolacja migawkowa (snapshot isolation)?
ABrudny odczyt
BBrudny zapis
CNiepowtarzalny odczyt w obrębie jednej transakcji
DSkos zapisu (write skew)
17.Sieci komputeroweŚredni
Ile użytecznych adresów hostów ma podsieć IPv4 /26?
A64
B126
C62
D30
18.Sieci komputeroweTrudny
Jaka jest według wzoru Nyquista maksymalna szybkość bitowa bezszumowego kanału 3 kHz przy 4 poziomach sygnału?
A12 kbit/s
B6 kbit/s
C3 kbit/s
D24 kbit/s
19.Podsieci IPv4Średni
Dział potrzebuje 793 adresów hostów w jednej podsieci. Jaki jest najdłuższy prefiks p (najmniejsza podsieć), który wystarczy?
793 hosts
p =
20.Podsieci IPv4Trudny
Host ma adres 10.20.185.253/30. Jaki jest czwarty oktet x jego adresu sieci?
10.20.185.253/30
x =
3Roztwory
1.Systemy liczbowe
Odpowiedź: U = 136
Ustawianie bitów: każdy bit ma wartość będącą potęgą dwójki (128, 64, …, 1). Jedna cyfra szesnastkowa to dokładnie cztery bity, a w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit ma wartość −128. Operacje bitowe działają osobno na każdej pozycji bitu.
Odwróć i dodaj jeden
120 = 0111 1000
odwrócone: 1000 0111
+1 → 1000 1000
Odczytaj bez znaku
1000 1000₂ = 256 − 120 = 136
Odpowiedź
U = 136
2.Systemy liczbowe
Odpowiedź: b = 12 bit
Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.
Potęgi dwójki
211 = 2048 < 2205
212 = 4096 ≥ 2205
Odpowiedź
b = 12
3.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: a ↔ ¬b
Równoważność logiczna: dwie formuły są równoważne (≡), gdy mają tę samą wartość w każdym wierszu tablicy prawdy. Tautologia jest równa 1 w każdym wierszu, kontradykcja 0 w każdym wierszu, a formuła kontyngentna nie jest ani jednym, ani drugim. Przydatne prawa: prawa de Morgana, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b oraz ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozycja); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; oraz prawa rozdzielności, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Prawo
¬(a ↔ b) jest równe 1 dokładnie wtedy, gdy a i b się różnią, czyli a ↔ ¬b.
¬(a ↔ b) ≡ a ↔ ¬b
Sprawdź tablicą prawdy
a = 1, b = 1: 0 | 0 0 1 0
a = 1, b = 0: 1 | 1 1 0 1
a = 0, b = 1: 1 | 1 0 0 1
a = 0, b = 0: 0 | 0 0 1 1
Odpowiedź
a ↔ ¬b
Kolumny po kresce to opcje w pokazanej kolejności.
4.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: p → r
Kwantyfikatory i wnioskowania: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) oraz ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Przesuń negację do środka, zamień każdy kwantyfikator, który mija, i zaneguj formułę wewnętrzną prawami rachunku zdań, takimi jak ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Wnioskowanie jest poprawne, gdy wniosek jest równy 1 w każdym wierszu, w którym wszystkie przesłanki są równe 1. Pojedynczy wiersz z prawdziwymi przesłankami i fałszywym wnioskiem jest kontrprzykładem i pokazuje, że wnioskowanie jest niepoprawne.
Wiersze z wszystkimi prawdziwymi przesłankami
p = 1, q = 1, r = 1: p ∧ r = 1, p → r = 1, ¬p → ¬r = 1, r → p = 1
p = 0, q = 1, r = 1: p ∧ r = 0, p → r = 1, ¬p → ¬r = 0, r → p = 0
p = 0, q = 0, r = 1: p ∧ r = 0, p → r = 1, ¬p → ¬r = 0, r → p = 0
p = 0, q = 0, r = 0: p ∧ r = 0, p → r = 1, ¬p → ¬r = 1, r → p = 1
Wniosek
p → r (sylogizm hipotetyczny)
Odpowiedź
p → r
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: L = 9
Mapy Karnaugha: komórki są ułożone w kodzie Graya (00, 01, 11, 10), więc sąsiednie komórki, także te przez brzegi, różnią się dokładnie jedną zmienną. Grupuj jedynki w prostokąty po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, jak największe i jak najmniej, aż każda jedynka będzie pokryta. Każda grupa to jeden iloczyn: zmienne, które wewnątrz niej pozostają stałe. Grupa 2ᵏ komórek traci k zmiennych. Stany nieokreślone (X) można wykorzystać, by powiększyć grupy, ale nigdy nie trzeba ich pokrywać. Grupowanie zer daje minimalną postać POS.
Zgrupuj jedynki
Każda grupa to prostokąt z 2ᵏ komórek; komórki na brzegu sąsiadują z komórkami na przeciwległym brzegu.
A′B′C′
AB′C
ABC′
Minimalna postać SOP
F = A′B′C′ + AB′C + ABC′
L = 9
Odpowiedź
L = 9
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: Q = 13
Przerzutniki i liczniki: przerzutnik zmienia stan tylko przy aktywnym zboczu zegara. D kopiuje swoje wejście (Q⁺ = D); T zmienia stan na przeciwny, gdy T = 1; JK utrzymuje stan dla 00, zeruje dla 01, ustawia dla 10 i zmienia stan na przeciwny dla 11. N-bitowy licznik binarny ma 2ⁿ stanów i liczy modulo 2ⁿ; licznik mod-N liczy 0, 1, …, N − 1 i wraca do 0, a potrzebuje tylu przerzutników, ile wynosi najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N. Każdy stopień licznika asynchronicznego dzieli częstotliwość przez dwa, więc ostatnie wyjście licznika mod-N pracuje z częstotliwością fclk/N. Licznik Johnsona z n przerzutników ma 2n stanów, licznik pierścieniowy n.
Stan po każdym zboczu
1111 → 1111 → 1111 → 1111 → 0111 → 1011 → 1101
Wartość dziesiętna
1101₂ = 13
Odpowiedź
Q = 13
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: 22−1 mod 53 = 41
Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Rozszerzony algorytm Euklidesa
Każdą resztę r zapisujemy jako r ≡ t·22 (mod 53).
r = 53, t = 0
r = 22, q = 2, t = 1
r = 9, q = 2, t = −2
r = 4, q = 2, t = 5
r = 1, q = 4, t = −12
Odwrotność
1 ≡ −12·22 (mod 53)
x = 41
sprawdzenie: 22·41 = 902 = 17·53 + 1
Odpowiedź
22−1 mod 53 = 41
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: 671513 mod 41 = 17
Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.
Zredukuj wykładnik
71513 mod 40 = 33
671513 ≡ 633 (mod 41)
Mała potęga
633 mod 41 = 17
Odpowiedź
671513 mod 41 = 17
9.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: B · Jego podproblemy się nie nakładają, więc nie ma czego ponownie wykorzystać
Dlaczego to jest odpowiedź
Połowy w sortowaniu przez scalanie są rozłączne i każdą rozwiązuje się raz; DP pomaga tylko, gdy podproblemy się powtarzają, jak przy liczbach Fibonacciego.
Odpowiedź
B · Jego podproblemy się nie nakładają, więc nie ma czego ponownie wykorzystać
10.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: D · Problemy decyzyjne, których odpowiedzi „tak" można zweryfikować w czasie wielomianowym na podstawie certyfikatu
Dlaczego to jest odpowiedź
W problemie NP proponowane rozwiązanie (certyfikat) można szybko sprawdzić, np. zweryfikować, że dane wartościowanie spełnia formułę logiczną.
Odpowiedź
D · Problemy decyzyjne, których odpowiedzi „tak" można zweryfikować w czasie wielomianowym na podstawie certyfikatu
11.Struktury danych
Odpowiedź: C · Jest zupełnym drzewem binarnym, więc pozycje wynikają z prostych wzorów na indeksy
Dlaczego to jest odpowiedź
Zupełność oznacza brak luk, więc dzieci indeksu i zawsze znajdują się pod 2i + 1 i 2i + 2.
Odpowiedź
C · Jest zupełnym drzewem binarnym, więc pozycje wynikają z prostych wzorów na indeksy
12.Struktury danych
Odpowiedź: B · Wszystkie rekordy są w połączonych liściach, co czyni skanowanie zakresów wydajnym
Dlaczego to jest odpowiedź
W B+ drzewie węzły wewnętrzne tylko kierują wyszukiwaniem, a liście są połączone w kolejności kluczy, więc zapytanie o zakres znajduje pierwszy klucz, a potem idzie wzdłuż liści.
Odpowiedź
B · Wszystkie rekordy są w połączonych liściach, co czyni skanowanie zakresów wydajnym
13.Teoria grafów
Odpowiedź: ani jedno, ani drugie
Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.
Najkrótsze ścieżki i drzewa rozpinające: algorytm Dijkstry zatwierdza jeden wierzchołek na rundę: niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej tymczasowej odległości. Jego odległość jest wtedy ostateczna, a każdy sąsiad v dostaje d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algorytm Kruskala buduje minimalne drzewo rozpinające, biorąc krawędzie od lekkich do ciężkich i pomijając każdą, która zamknęłaby cykl; algorytm Prima rozbudowuje jedno drzewo od wierzchołka startowego, zawsze dodając najlżejszą krawędź wychodzącą z niego. Drzewo rozpinające o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.
Algorytm Dijkstry runda po rundzie
1. A (0): B: 3, C: 10
2. B (3): D: 18, G: 14
3. C (10)
4. G (14): E: 24
5. D (18)
6. E (24): F: 30
7. F (30)
runda 5
D
Odpowiedź
D
15.Bazy danych i SQL
Odpowiedź: B · Odwołujące się do niego wiersze podrzędne są automatycznie usuwane
Dlaczego to jest odpowiedź
CASCADE przenosi usunięcie na wiersze odwołujące się; inne opcje to RESTRICT/NO ACTION (odrzucenie) i SET NULL.
Odpowiedź
B · Odwołujące się do niego wiersze podrzędne są automatycznie usuwane
16.Bazy danych i SQL
Odpowiedź: D · Skos zapisu (write skew)
Dlaczego to jest odpowiedź
Przy izolacji migawkowej obie transakcje widzą stary stan i zmieniają różne wiersze, więc nie wykrywa się konfliktu zapisu; zapobiega temu izolacja serializable.
Odpowiedź
D · Skos zapisu (write skew)
17.Sieci komputerowe
Odpowiedź: C · 62
Dlaczego to jest odpowiedź
Podsieć /26 ma 6 bitów hosta: 2⁶ = 64 adresy, minus adres sieci i adres rozgłoszeniowy, daje 62 użyteczne adresy hostów.
Odpowiedź
C · 62
18.Sieci komputerowe
Odpowiedź: A · 12 kbit/s
Dlaczego to jest odpowiedź
2 × 3000 × log₂ 4 = 2 × 3000 × 2 = 12,000 bit/s. Więcej poziomów zwiększa szybkość, ale szum ogranicza, ile z nich da się rozróżnić.
Odpowiedź
A · 12 kbit/s
19.Podsieci IPv4
Odpowiedź: p = 22
Podsieci IPv4: adres ma 32 bity. Prefiks /p mówi, ile początkowych bitów wskazuje sieć; pozostałe 32 − p bitów numeruje hosty. Podsieć ma 2³²⁻ᵖ adresów, ale pierwszego (adres sieci) i ostatniego (adres rozgłoszeniowy) nie można przydzielić hostom, więc mieści się 2³²⁻ᵖ − 2 hostów. Wyjątki: /31 (łącze punkt-punkt, RFC 3021) wykorzystuje oba swoje 2 adresy dla hostów, a /32 to jeden adres (pojedynczy host lub loopback).
Potrzebne bity hosta
29 − 2 = 510 < 793
210 − 2 = 1022 ≥ 793 → h = 10
Długość prefiksu
p = 32 − 10 = 22
Odpowiedź
p = /22
20.Podsieci IPv4
Odpowiedź: x = 252
Podsieci IPv4: adres ma 32 bity. Prefiks /p mówi, ile początkowych bitów wskazuje sieć; pozostałe 32 − p bitów numeruje hosty. Podsieć ma 2³²⁻ᵖ adresów, ale pierwszego (adres sieci) i ostatniego (adres rozgłoszeniowy) nie można przydzielić hostom, więc mieści się 2³²⁻ᵖ − 2 hostów. Wyjątki: /31 (łącze punkt-punkt, RFC 3021) wykorzystuje oba swoje 2 adresy dla hostów, a /32 to jeden adres (pojedynczy host lub loopback).