Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.
Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów
Metoda
Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.
Teoria liczb i arytmetyka modularna
Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Metoda
Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Teoria grafów
Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij
Metoda
Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).
Podsieci IPv4
Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n
2Zadania do ćwiczenia
1.Systemy liczboweŚredni
Zapisz −45 jako 8-bitowy wzór w kodzie U2. Odczytaj ten wzór jako liczbę dwójkową bez znaku: jaka jest jego wartość U dziesiętnie?
N = −458 bit
U =
2.Systemy liczboweTrudny
Ustaw bity na 8-bitowy wynik działania 1010 1000 AND 0011 1001. Jaka jest wartość wyniku R w zapisie dziesiętnym?
1010 1000AND0011 1001
R =
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
Chcesz udowodnić p → (r ∧ q) przez kontrapozycję. Którą implikację udowadniasz zamiast niej? Kliknij ją.
p → (r ∧ q)
1¬(r ∧ q) → ¬p
2p ∧ ¬(r ∧ q)
3¬p → ¬(r ∧ q)
4(r ∧ q) → p
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny
Dane są przesłanki p ∨ q; p → r; q → r. Jaki wniosek z nich wynika? Kliknij go.
p ∨ qp → rq → r
1¬r
2r
3p ∧ q
4p
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
Użyj mapy Karnaugha, aby znaleźć minimalną postać sumy iloczynów (SOP) funkcji F(A, B, C) = Σm(0, 2, 3, 4, 5, 6). Ile literałów L zawiera łącznie (zmienna z negacją liczy się jako jeden literał)?
F(A, B, C) = Σm(0, 2, 3, 4, 5, 6)
L =
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
Przerzutnik JK wyzwalany zboczem narastającym startuje z Q = 0 i dostaje pokazane wejścia przy 7 zboczach narastających zegara. Ile razy N Q zmienia stan?
Q₀ = 0JK
N =
7.Teoria liczb i arytmetyka modularnaŚredni
Rozwiąż 35x ≡ 16 (mod 57). Podaj rozwiązanie x z 0 < x < 57.
35x ≡ 16 (mod 57)
x =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny
Klucz RSA używa liczb pierwszych p = 37 i q = 43 oraz wykładnika publicznego e = 19. Znajdź wykładnik prywatny d (0 < d < φ(n)).
p = 37q = 43e = 19
d =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni
Dlaczego w notacji dużego O zwykle pomija się podstawę logarytmu, jak w O(log n)?
AWszystkie logarytmy w informatyce mają podstawę 10, więc jest ona domyślna
BLogarytmy o różnych podstawach różnią się tylko stałym czynnikiem
CLogarytmy zawsze zaokrągla się do liczb całkowitych
DPodstawa ma znaczenie tylko dla małych n
10.Algorytmy i złożonośćTrudny
Algorytm Strassena mnoży macierze, używając 7 zamiast 8 rekurencyjnych mnożeń bloków o połowie rozmiaru. Jaki jest jego czas działania?
AΘ(n³)
BΘ(n2)
CΘ(n² log n)
DΘ(nlog₂ 7), około n2,81
11.Struktury danychŚredni
Jaki jest koszt wstawienia elementu w środek tablicy o n elementach?
AO(1), bo indeks jest znany
BO(n), bo dalsze elementy trzeba przesunąć
CO(log n), z powodu wyszukiwania binarnego
DO(n²), bo każdy element przesuwa się n razy
12.Struktury danychTrudny
Dlaczego w tablicy mieszającej z adresowaniem otwartym usuwanie wykonuje się często za pomocą znacznika „nagrobka” (tombstone)?
AUsunięte klucze muszą być przechowywane na zawsze ze względów bezpieczeństwa, więc miejsc nigdy nie można użyć ponownie
BDzięki temu tablica staje się posortowana
COpróżnienie miejsca mogłoby przerwać sekwencję sondowania dla innych kluczy
DNagrobki przyspieszają haszowanie
13.Teoria grafówŚredni
Drzewo ma 2× wierzchołek stopnia 3, 4× wierzchołek stopnia 4, 2× wierzchołek stopnia 5, 4× wierzchołek stopnia 2, a wszystkie jego pozostałe wierzchołki są liśćmi (stopień 1). Ile liści L ma to drzewo?
2 × deg 34 × deg 42 × deg 54 × deg 2
L =
14.Teoria grafówTrudny
Znajdź łączną wagę W minimalnego drzewa rozpinającego grafu ważonego.
|V| = 7|E| = 11
W =
15.Bazy danych i SQLŚredni
Dlaczego tabela może mieć tylko jeden indeks klastrowy?
AStandard SQL zabrania więcej niż jednego indeksu w tabeli
BWiersze mogą być fizycznie przechowywane tylko w jednej kolejności
CIndeksy klastrowe zużywają zbyt dużo pamięci
DIndeksy klastrowe mogą być tylko na kluczu głównym
16.Bazy danych i SQLTrudny
Postać normalna Boyce’a–Codda (BCNF) wymaga, aby dla każdej nietrywialnej zależności funkcyjnej X → Y:
AX był nadkluczem
BX zawierał NULL
CY był kluczem głównym
DY był atomowy
17.Sieci komputeroweŚredni
Czemu odpowiada maska podsieci 255.255.255.0 w notacji CIDR?
A/32
B/8
C/24
D/16
18.Sieci komputeroweTrudny
Hosty w VLAN 10 i VLAN 20 na tym samym przełączniku nie mogą się komunikować. Co jest potrzebne?
AKoncentrator podłączony do obu VLAN-ów
BDłuższy kabel między hostami
CTen sam adres MAC na obu hostach
DRouter lub przełącznik warstwy 3 do routingu między VLAN-ami
19.Podsieci IPv4Średni
Dział potrzebuje 1441 adresów hostów w jednej podsieci. Jaki jest najdłuższy prefiks p (najmniejsza podsieć), który wystarczy?
1441 hosts
p =
20.Podsieci IPv4Trudny
Host ma adres 172.20.108.165/17. Jaki jest trzeci oktet x adresu rozgłoszeniowego jego podsieci?
172.20.108.165/17
x =
3Roztwory
1.Systemy liczbowe
Odpowiedź: U = 211
Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.
Odwróć i dodaj jeden
45 = 0010 1101
odwrócone: 1101 0010
+1 → 1101 0011
Odczytaj bez znaku
1101 0011₂ = 256 − 45 = 211
Odpowiedź
U = 211
2.Systemy liczbowe
Odpowiedź: R = 40
Ustawianie bitów: każdy bit ma wartość będącą potęgą dwójki (128, 64, …, 1). Jedna cyfra szesnastkowa to dokładnie cztery bity, a w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit ma wartość −128. Operacje bitowe działają osobno na każdej pozycji bitu.
Bit po bicie
AND daje 1 tylko tam, gdzie oba bity są równe 1.
1010 1000
AND 0011 1001
= 0010 1000
Wartość wyniku
0010 1000₂ = 40
Odpowiedź
R = 40
3.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: ¬(r ∧ q) → ¬p
Równoważność logiczna: dwie formuły są równoważne (≡), gdy mają tę samą wartość w każdym wierszu tablicy prawdy. Tautologia jest równa 1 w każdym wierszu, kontradykcja 0 w każdym wierszu, a formuła kontyngentna nie jest ani jednym, ani drugim. Przydatne prawa: prawa de Morgana, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b oraz ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozycja); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; oraz prawa rozdzielności, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Części implikacji
a = p, b = r ∧ q
Kontrapozycja
¬b → ¬a = ¬(r ∧ q) → ¬p
Odpowiedź
¬(r ∧ q) → ¬p
Kontrapozycja jest równoważna zdaniu wyjściowemu, więc jej udowodnienie dowodzi zdania.
4.Rachunek zdań i dowody
Odpowiedź: r
Kwantyfikatory i wnioskowania: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) oraz ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Przesuń negację do środka, zamień każdy kwantyfikator, który mija, i zaneguj formułę wewnętrzną prawami rachunku zdań, takimi jak ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Wnioskowanie jest poprawne, gdy wniosek jest równy 1 w każdym wierszu, w którym wszystkie przesłanki są równe 1. Pojedynczy wiersz z prawdziwymi przesłankami i fałszywym wnioskiem jest kontrprzykładem i pokazuje, że wnioskowanie jest niepoprawne.
Wiersze z wszystkimi prawdziwymi przesłankami
p = 1, q = 1, r = 1: ¬r = 0, r = 1, p ∧ q = 1, p = 1
p = 1, q = 0, r = 1: ¬r = 0, r = 1, p ∧ q = 0, p = 1
p = 0, q = 1, r = 1: ¬r = 0, r = 1, p ∧ q = 0, p = 0
Wniosek
r (dowód przez rozpatrzenie przypadków)
Odpowiedź
r
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: L = 5
Mapy Karnaugha: komórki są ułożone w kodzie Graya (00, 01, 11, 10), więc sąsiednie komórki, także te przez brzegi, różnią się dokładnie jedną zmienną. Grupuj jedynki w prostokąty po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, jak największe i jak najmniej, aż każda jedynka będzie pokryta. Każda grupa to jeden iloczyn: zmienne, które wewnątrz niej pozostają stałe. Grupa 2ᵏ komórek traci k zmiennych. Stany nieokreślone (X) można wykorzystać, by powiększyć grupy, ale nigdy nie trzeba ich pokrywać. Grupowanie zer daje minimalną postać POS.
Zgrupuj jedynki
Każda grupa to prostokąt z 2ᵏ komórek; komórki na brzegu sąsiadują z komórkami na przeciwległym brzegu.
C′
A′B
AB′
Minimalna postać SOP
F = C′ + A′B + AB′
L = 5
Odpowiedź
L = 5
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki
Odpowiedź: N = 3
Przerzutniki i liczniki: przerzutnik zmienia stan tylko przy aktywnym zboczu zegara. D kopiuje swoje wejście (Q⁺ = D); T zmienia stan na przeciwny, gdy T = 1; JK utrzymuje stan dla 00, zeruje dla 01, ustawia dla 10 i zmienia stan na przeciwny dla 11. N-bitowy licznik binarny ma 2ⁿ stanów i liczy modulo 2ⁿ; licznik mod-N liczy 0, 1, …, N − 1 i wraca do 0, a potrzebuje tylu przerzutników, ile wynosi najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N. Każdy stopień licznika asynchronicznego dzieli częstotliwość przez dwa, więc ostatnie wyjście licznika mod-N pracuje z częstotliwością fclk/N. Licznik Johnsona z n przerzutników ma 2n stanów, licznik pierścieniowy n.
Q po każdym zboczu
Przerzutnik JK: 00 utrzymuje, 01 zeruje (Q = 0), 10 ustawia (Q = 1), 11 zmienia stan na przeciwny.
1: J = 0, K = 0 → Q = 0
2: J = 1, K = 0 → Q = 1
3: J = 1, K = 0 → Q = 1
4: J = 0, K = 1 → Q = 0
5: J = 0, K = 0 → Q = 0
6: J = 0, K = 1 → Q = 0
7: J = 1, K = 1 → Q = 1
Policz zmiany
0 → 0 → 1 → 1 → 0 → 0 → 0 → 1
N = 3
Odpowiedź
N = 3
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: x = 20
Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Element odwrotny do 35
r = 57, t = 0
r = 35, q = 1, t = 1
r = 22, q = 1, t = −1
r = 13, q = 1, t = 2
r = 9, q = 1, t = −3
r = 4, q = 2, t = 5
r = 1, q = 4, t = −13
35−1 ≡ 44 (mod 57)
Rozwiąż
x ≡ 44·16 = 704 ≡ 20 (mod 57)
sprawdzenie: 35·20 = 700 ≡ 16 (mod 57)
Odpowiedź
x = 20
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna
Odpowiedź: d = 955
Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.
Moduł i funkcja φ
n = 37·43 = 1591
φ(n) = 36·42 = 1512
Rozszerzony algorytm Euklidesa
r = 1512, t = 0
r = 19, q = 79, t = 1
r = 11, q = 1, t = −79
r = 8, q = 1, t = 80
r = 3, q = 2, t = −159
r = 2, q = 1, t = 398
r = 1, q = 2, t = −557
Wykładnik prywatny
d = 955
sprawdzenie: 19·955 = 18145 = 12·1512 + 1
Odpowiedź
d = 955
9.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: B · Logarytmy o różnych podstawach różnią się tylko stałym czynnikiem
Dlaczego to jest odpowiedź
Zmiana podstawy mnoży logarytm przez stałą, a duże O pomija stałe czynniki.
Odpowiedź
B · Logarytmy o różnych podstawach różnią się tylko stałym czynnikiem
10.Algorytmy i złożoność
Odpowiedź: D · Θ(nlog₂ 7), około n2,81
Dlaczego to jest odpowiedź
Przy a = 7 i b = 2 nlog₂ 7 dominuje nad pracą O(n²) na dodawania, co daje około n2,81.
Odpowiedź
D · Θ(nlog₂ 7), około n2,81
11.Struktury danych
Odpowiedź: B · O(n), bo dalsze elementy trzeba przesunąć
Dlaczego to jest odpowiedź
Wszystkie elementy za miejscem wstawienia przesuwają się o jedną pozycję w prawo, co zajmuje czas proporcjonalny do n.
Odpowiedź
B · O(n), bo dalsze elementy trzeba przesunąć
12.Struktury danych
Odpowiedź: C · Opróżnienie miejsca mogłoby przerwać sekwencję sondowania dla innych kluczy
Dlaczego to jest odpowiedź
Gdyby usunięte miejsce stało się puste, późniejsze wyszukiwania mogłyby zatrzymać się za wcześnie i pominąć klucze umieszczone dalej w łańcuchu sondowania.
Odpowiedź
C · Opróżnienie miejsca mogłoby przerwać sekwencję sondowania dla innych kluczy
13.Teoria grafów
Odpowiedź: L = 18
Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.
Lemat o uściskach dłoni dla drzewa
L + 40 = 2(L + 12) − 2
L = 18
Odpowiedź
L = 18
Skrót: L = 2 + Σ (d − 2) po wierzchołkach o stopniu d ≥ 3.
14.Teoria grafów
Odpowiedź: W = 35
Najkrótsze ścieżki i drzewa rozpinające: algorytm Dijkstry zatwierdza jeden wierzchołek na rundę: niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej tymczasowej odległości. Jego odległość jest wtedy ostateczna, a każdy sąsiad v dostaje d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algorytm Kruskala buduje minimalne drzewo rozpinające, biorąc krawędzie od lekkich do ciężkich i pomijając każdą, która zamknęłaby cykl; algorytm Prima rozbudowuje jedno drzewo od wierzchołka startowego, zawsze dodając najlżejszą krawędź wychodzącą z niego. Drzewo rozpinające o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.
Algorytm Kruskala
BC (1): weź
CE (2): weź
DF (4): weź
EF (5): weź
GE (6): weź
GB (9): pomiń, zamyka cykl
BD (13): pomiń, zamyka cykl
AB (17): weź
Łączna waga
W = 1 + 2 + 4 + 5 + 6 + 17 = 35
Odpowiedź
W = 35
15.Bazy danych i SQL
Odpowiedź: B · Wiersze mogą być fizycznie przechowywane tylko w jednej kolejności
Dlaczego to jest odpowiedź
Indeks klastrowy porządkuje dane tabeli według swojego klucza, a dane mogą być przechowywane tylko w jednej kolejności; pozostałe indeksy są nieklastrowe.
Odpowiedź
B · Wiersze mogą być fizycznie przechowywane tylko w jednej kolejności
16.Bazy danych i SQL
Odpowiedź: A · X był nadkluczem
Dlaczego to jest odpowiedź
BCNF wymaga, aby każdy wyznacznik był kluczem kandydującym (nadkluczem); 3NF dopuszcza wyjątek, gdy Y jest częścią klucza kandydującego.
Odpowiedź
A · X był nadkluczem
17.Sieci komputerowe
Odpowiedź: C · /24
Dlaczego to jest odpowiedź
Trzy oktety o wartości 255 to 24 bity równe 1, więc 255.255.255.0 = /24.
Odpowiedź
C · /24
18.Sieci komputerowe
Odpowiedź: D · Router lub przełącznik warstwy 3 do routingu między VLAN-ami
Dlaczego to jest odpowiedź
VLAN-y są odizolowane w warstwie 2, więc ruch między nimi musi być trasowany, np. przez router na łączu trunk („router on a stick”) lub przełącznik warstwy 3.
Odpowiedź
D · Router lub przełącznik warstwy 3 do routingu między VLAN-ami
19.Podsieci IPv4
Odpowiedź: p = 21
Podsieci IPv4: adres ma 32 bity. Prefiks /p mówi, ile początkowych bitów wskazuje sieć; pozostałe 32 − p bitów numeruje hosty. Podsieć ma 2³²⁻ᵖ adresów, ale pierwszego (adres sieci) i ostatniego (adres rozgłoszeniowy) nie można przydzielić hostom, więc mieści się 2³²⁻ᵖ − 2 hostów. Wyjątki: /31 (łącze punkt-punkt, RFC 3021) wykorzystuje oba swoje 2 adresy dla hostów, a /32 to jeden adres (pojedynczy host lub loopback).
Potrzebne bity hosta
210 − 2 = 1022 < 1441
211 − 2 = 2046 ≥ 1441 → h = 11
Długość prefiksu
p = 32 − 11 = 21
Odpowiedź
p = /21
20.Podsieci IPv4
Odpowiedź: x = 127
IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).