Podstawy informatyki: zestaw na powtórkę

Wzory, najważniejsze kroki metod dla każdego tematu i 20 zadań do ćwiczenia, z pełnymi rozwiązaniami na końcu.

Nowe zadaniaWróć do przedmiotu

W oknie drukowania wybierz „Zapisz jako PDF”, aby zachować kopię na swoim urządzeniu.

1Wzory i metody

Systemy liczbowe

Wagi pozycji
dwójkowy 2k, ósemkowy 8k, szesnastkowy 16k
Na dziesiętny
Σ dk·bk
Z dziesiętnego
dziel przez podstawę, czytaj reszty od dołu do góry
Szesnastkowy ↔ dwójkowy
jedna cyfra szesnastkowa = 4 bity
Kod uzupełnień do dwóch (U2)
odwróć bity i dodaj 1

Rachunek zdań i dowody

Wiersze tablicy prawdy
2ⁿ
Implikacja
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Zaprzeczenie implikacji
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Równoważność
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
Prawa de Morgana
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Prawa rozdzielności
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Zaprzeczanie kwantyfikatorów
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metoda

  1. Policz różne zmienne: tablica prawdy ma 2ⁿ wierszy, a zaczyna się od samych jedynek.
  2. Każdej podformule daj osobną kolumnę i wypełniaj kolumny od wewnątrz na zewnątrz.
  3. Stosuj regułę każdego spójnika: → jest 0 tylko dla 1 → 0, ↔ jest 1, gdy obie strony się zgadzają.
  4. Przy równoważnościach porównaj końcowe kolumny wiersz po wierszu; przy wnioskowaniu patrz tylko na wiersze, w których każda przesłanka jest równa 1.
  5. Aby zaprzeczyć zdaniu z kwantyfikatorem, przesuń ¬ do środka, zamień ∀ i ∃ oraz zaprzecz formule wewnętrznej.

Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Podstawowe bramki
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Reguły algebry Boole’a
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
Prawa de Morgana
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Kolejność na mapie Karnaugha
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupa 2ᵏ komórek
traci k zmiennych
Multiplekser 4-do-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Przerzutniki
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Liczniki
n-bitowy: 2ⁿ stanów; mod-N: najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Licznik asynchroniczny (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Liczniki pierścieniowy i Johnsona
n i 2n stanów

Metoda

  1. Dla układu przechodź od wejść do wyjścia bramka po bramce i zapisuj wartość na każdym przewodzie albo zapisz jego wyrażenie i wypełnij tablicę prawdy.
  2. Przy upraszczaniu wpisz jedynki (a stany nieokreślone jako X) na mapę Karnaugha z wierszami i kolumnami w kodzie Graya: 00, 01, 11, 10.
  3. Pokryj jedynki jak najmniejszą liczbą jak największych grup po 1, 2, 4, 8 lub 16 komórek, zawijając przez brzegi; każda grupa to jeden iloczyn ze zmiennych, które pozostają stałe. Dla postaci POS grupuj zera.
  4. Przy przerzutnikach i licznikach odczytuj wejścia przy każdym aktywnym zboczu zegara, zapisuj stan po każdym zboczu i pamiętaj, że n-bitowy licznik zawija się po 2ⁿ stanach.

Teoria liczb i arytmetyka modularna

Dzielenie z resztą
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euklides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Najmniejsza wspólna wielokrotność
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Odwrotność
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruencja liniowa
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Funkcja φ Eulera
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metoda

  1. Najpierw zredukuj każdą liczbę modulo n; reszty leżą między 0 a n − 1.
  2. Aby znaleźć NWD, dziel wielokrotnie algorytmem Euklidesa; ostatnia niezerowa reszta jest NWD.
  3. Aby znaleźć element odwrotny, uruchom rozszerzony algorytm i zachowaj współczynnik przy a; dodaj n, jeśli jest ujemny.
  4. Rozwiąż a·x ≡ b, mnożąc przez a⁻¹; dwie kongruencje połącz, zapisując x = r₁ + m₁k.
  5. Przy potęgach zapisz wykładnik binarnie i wielokrotnie podnoś do kwadratu; w RSA d = e⁻¹ mod φ(n), gdzie φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teoria grafów

Lemat o uściskach dłoni
Σ deg(v) = 2|E|
Grafy pełne
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf regularny
|E| = n·k/2
Drzewo i las
|E| = n − 1, |E| = n − c
Liście drzewa
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
cykl: wszystkie stopnie parzyste; ścieżka: dokładnie 2 stopnie nieparzyste
Cykle Hamiltona w Kn
(n − 1)!/2
Aktualizacja w algorytmie Dijkstry
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Marsze o długości L
(Mᴸ)ij

Metoda

  1. Zapisz stopień każdego wierzchołka; suma stopni jest równa dwukrotności liczby krawędzi.
  2. W zadaniach o grafach eulerowskich sprawdź, czy graf jest spójny, i policz wierzchołki o nieparzystym stopniu.
  3. Dla drzew użyj n − 1 krawędzi i lematu o uściskach dłoni.
  4. W algorytmie Dijkstry prowadź tabelę tymczasowych odległości i w każdej rundzie zatwierdzaj niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej odległości.
  5. Dla minimalnego drzewa rozpinającego posortuj krawędzie według wagi i pomijaj każdą krawędź zamykającą cykl (Kruskal) albo rozbudowuj jedno drzewo od wierzchołka startowego (Prim).

Podsieci IPv4

Hosty na podsieć
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Rozmiar bloku
256 − (mask octet)
Adres sieci
IP AND maska
Adres rozgłoszeniowy
IP OR (NOT maska): wszystkie bity hosta równe 1
Podsieci z n pożyczonych bitów
2n

2Zadania do ćwiczenia

1.Systemy liczboweŚredni
wagi w kodzie U21−12816403201608041201

8-bitowy wzór 1100 0010 zapisuje liczbę całkowitą ze znakiem w kodzie uzupełnień do dwóch. Jaka jest jej wartość N dziesiętnie?

1100 00108 bit
N =
2.Systemy liczboweTrudny
klikaj bity, aby je ustawić012806403201608040201

Ustaw bity na 8-bitowy wynik działania 0101 1010 OR 0101 1100. Jaka jest wartość wyniku R w zapisie dziesiętnym?

0101 1010OR0101 1100
R =
3.Rachunek zdań i dowodyŚredni
¬r → ¬(p ∧ q)r ∧ ¬(p ∧ q)¬(p ∧ q) → ¬r(p ∧ q) → r

Chcesz udowodnić r → (p ∧ q) przez kontrapozycję. Którą implikację udowadniasz zamiast niej? Kliknij ją.

r → (p ∧ q)
  1. 1¬r → ¬(p ∧ q)
  2. 2r ∧ ¬(p ∧ q)
  3. 3¬(p ∧ q) → ¬r
  4. 4(p ∧ q) → r
4.Rachunek zdań i dowodyTrudny
p ∨ r¬qq ∧ rq ∨ r

Dane są przesłanki p ∨ q; ¬p ∨ r. Jaki wniosek z nich wynika? Kliknij go.

p ∨ q¬p ∨ r
  1. 1p ∨ r
  2. 2¬q
  3. 3q ∧ r
  4. 4q ∨ r
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiŚredni
ABC000111100101324576

Uprość F = A′B′C + B′C + AB′C + A′B′ do minimalnej postaci sumy iloczynów. Ile literałów L zawiera uproszczone wyrażenie?

F = A′B′C + B′C + AB′C + A′B′
L =
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutnikiTrudny
TQ0​Q0​TQ1​Q1​TQ2​Q2​TQ3​Q3​CLKMOD-11

Synchroniczny układ (licznik mod-11) zlicza 0, 1, …, 10, a potem wraca do 0. Startuje od 2. Jaki stan Q (dziesiętnie) pokaże po 14 impulsach zegara?

Q0 = 214N = 11
Q =
7.Teoria liczb i arytmetyka modularnaŚredni

Znajdź funkcję φ Eulera φ(1331), czyli liczbę liczb całkowitych od 1 do 1331 względnie pierwszych z 1331.

n = 1331 = 113
φ(1331) =
8.Teoria liczb i arytmetyka modularnaTrudny
mc = me​ mod n414m = cd​ mod n?(n, e) = (697, 17)d

Klucz RSA używa p = 17, q = 41 i e = 17. Odszyfruj szyfrogram c = 414: znajdź wiadomość m.

p = 17q = 41e = 17c = 414
m =
9.Algorytmy i złożonośćŚredni

Jaki jest czas działania sortowania pozycyjnego LSD (radix sort) dla n liczb całkowitych o d cyfrach w systemie o podstawie k?

  1. AO(n log n)
  2. BO(n²)
  3. CO(d(n + k))
  4. DO(dn log k)
10.Algorytmy i złożonośćTrudny

Które stwierdzenie o wyborze k-tego najmniejszego elementu nieposortowanej tablicy jest poprawne?

  1. AWybór jest możliwy tylko w O(n²)
  2. BWybór zawsze wymaga Ω(n log n), bo wymaga sortowania
  3. CQuickselect działa w oczekiwanym czasie O(n), a mediana median gwarantuje O(n) w najgorszym przypadku
  4. DQuickselect działa w O(log n) w najgorszym przypadku, bo schodzi rekurencyjnie tylko po jednej stronie piwota
11.Struktury danychŚredni

Jaki jest koszt wstawienia elementu w środek tablicy o n elementach?

  1. AO(n), bo dalsze elementy trzeba przesunąć
  2. BO(1), bo indeks jest znany
  3. CO(n²), bo każdy element przesuwa się n razy
  4. DO(log n), z powodu wyszukiwania binarnego
12.Struktury danychTrudny

Złożoność czasowa operacji decrease-key w kopcu binarnym (przy znanej pozycji elementu) wynosi:

  1. AO(log n)
  2. BO(n)
  3. CO(n log n)
  4. DO(1)
13.Teoria grafówŚredni

Graf spójny: liczba wierzchołków 18, liczba krawędzi 27. Ile krawędzi k trzeba usunąć, aby zostało drzewo rozpinające?

|V| = 18|E| = 27
k =
14.Teoria grafówTrudny
55141312115714810ABCDEFG

Użyj algorytmu Dijkstry, aby znaleźć długość d(E) najkrótszej ścieżki z A do E w grafie ważonym.

start: Akoniec: E
d(E) =
15.Bazy danych i SQLŚredni

Które zapytanie zwraca liczbę różnych miast w tabeli customers?

  1. ASELECT COUNT(DISTINCT city) FROM customers
  2. BSELECT DISTINCT COUNT(city) FROM customers
  3. CSELECT SUM(DISTINCT city) FROM customers
  4. DSELECT COUNT(city) FROM customers GROUP BY city
16.Bazy danych i SQLTrudny

Co zwraca FULL OUTER JOIN?

  1. ATylko niedopasowane wiersze
  2. BWszystkie wiersze z obu tabel, dopasowane tam, gdzie to możliwe, a w pozostałych przypadkach uzupełnione wartościami NULL
  3. CTylko pasujące wiersze
  4. DIloczyn kartezjański, który łączy każdy wiersz jednej tabeli z każdym wierszem drugiej
17.Sieci komputeroweŚredni

Router ma trasy do 10.0.0.0/8 i 10.1.0.0/16. Której trasy użyje dla pakietu do 10.1.5.5?

  1. A10.0.0.0/8, bo została dodana jako pierwsza
  2. B10.1.0.0/16, bo to najdłuższy pasujący prefiks
  3. CObu tras, dzieląc ruch po równo
  4. D10.0.0.0/8, bo obejmuje więcej adresów niż /16
18.Sieci komputeroweTrudny

Student uruchamia serwer gry na komputerze za domowym routerem z NAT. Znajomi z internetu nie mogą się połączyć. Jakie jest zwykłe rozwiązanie?

  1. ASkonfigurowanie na routerze przekierowania portów na prywatny adres komputera
  2. BZmiana maski podsieci komputera na /32
  3. CNadanie komputerowi innego adresu MAC, aby router mógł go znaleźć z zewnątrz
  4. DWyłączenie klienta DNS na komputerze
19.Podsieci IPv4Średni
/24 → /3011111111111111111111111111111100bity siecibity hosta

Sieć 10.4.195.0/24 podzielono na równe podsieci z prefiksem /30. Ile jest podsieci N?

10.4.195.0/24/30
N =
20.Podsieci IPv4Trudny
trzeci oktet 157 … 159112806403211618140211wspólneróżne

Router ma trasy do następujących sieci: 10.26.157.0/24, 10.26.158.0/24, 10.26.159.0/24. Jaka jest największa długość prefiksu p pojedynczej trasy zbiorczej, która obejmuje je wszystkie?

10.26.157.0/24 … 10.26.159.0/24
p =

3Roztwory

1.Systemy liczbowe

Odpowiedź: N = −62

Pozycyjne systemy liczbowe: każda cyfra jest warta swoją wartość razy potęgę podstawy. W systemie dwójkowym pozycje są warte 1, 2, 4, 8, 16, …, w szesnastkowym 1, 16, 256, …, a A–F oznaczają 10–15. W 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit jest wart −128 zamiast +128; tak zapisuje się liczby ujemne.

Dodaj wagi

Pozostałe bity mają swoje zwykłe dodatnie wartości.

−128 + 64 + 2 = −62

Odpowiedź

N = −62
2.Systemy liczbowe

Odpowiedź: R = 94

Ustawianie bitów: każdy bit ma wartość będącą potęgą dwójki (128, 64, …, 1). Jedna cyfra szesnastkowa to dokładnie cztery bity, a w 8-bitowym kodzie uzupełnień do dwóch skrajny lewy bit ma wartość −128. Operacje bitowe działają osobno na każdej pozycji bitu.

Bit po bicie

OR daje 1 tam, gdzie przynajmniej jeden bit jest równy 1.

0101 1010
OR 0101 1100
= 0101 1110

Wartość wyniku

0101 1110₂ = 94

Odpowiedź

R = 94
3.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: ¬(p ∧ q) → ¬r

Równoważność logiczna: dwie formuły są równoważne (≡), gdy mają tę samą wartość w każdym wierszu tablicy prawdy. Tautologia jest równa 1 w każdym wierszu, kontradykcja 0 w każdym wierszu, a formuła kontyngentna nie jest ani jednym, ani drugim. Przydatne prawa: prawa de Morgana, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b oraz ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapozycja); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; oraz prawa rozdzielności, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Części implikacji

a = r, b = p ∧ q

Kontrapozycja

¬b → ¬a = ¬(p ∧ q) → ¬r

Odpowiedź

¬(p ∧ q) → ¬r

Kontrapozycja jest równoważna zdaniu wyjściowemu, więc jej udowodnienie dowodzi zdania.

4.Rachunek zdań i dowody

Odpowiedź: q ∨ r

Kwantyfikatory i wnioskowania: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) oraz ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Przesuń negację do środka, zamień każdy kwantyfikator, który mija, i zaneguj formułę wewnętrzną prawami rachunku zdań, takimi jak ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Wnioskowanie jest poprawne, gdy wniosek jest równy 1 w każdym wierszu, w którym wszystkie przesłanki są równe 1. Pojedynczy wiersz z prawdziwymi przesłankami i fałszywym wnioskiem jest kontrprzykładem i pokazuje, że wnioskowanie jest niepoprawne.

Wiersze z wszystkimi prawdziwymi przesłankami

p = 1, q = 1, r = 1: p ∨ r = 1, ¬q = 0, q ∧ r = 1, q ∨ r = 1
p = 1, q = 0, r = 1: p ∨ r = 1, ¬q = 1, q ∧ r = 0, q ∨ r = 1
p = 0, q = 1, r = 1: p ∨ r = 1, ¬q = 0, q ∧ r = 1, q ∨ r = 1
p = 0, q = 1, r = 0: p ∨ r = 0, ¬q = 0, q ∧ r = 0, q ∨ r = 1

Wniosek

q ∨ r (rozdzielczość)

Odpowiedź

q ∨ r
5.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: L = 4

Algebra Boole’a: reguły upraszczające wyrażenia to X + X′ = 1 i X·X′ = 0, X + X = X, absorpcja X + X·Y = X, reguła sklejania X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y oraz twierdzenie o konsensusie XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Prawa de Morgana zamieniają (X·Y)′ na X′ + Y′ oraz (X + Y)′ na X′·Y′. Mapa Karnaugha stosuje te reguły graficznie: każda grupa dwóch sąsiednich komórek to jedno użycie XY + XY′ = X.

Mintermy wyrażenia

A′B′C → m(1)
B′C → m(1, 5)
AB′C → m(5)
A′B′ → m(0, 1)
ABC00011110011011030204150706

Pogrupuj i odczytaj

F = B′C + A′B′

Policz literały

L = 4

Odpowiedź

L = 4
6.Logika cyfrowa: bramki, mapy Karnaugha i przerzutniki

Odpowiedź: Q = 5

Przerzutniki i liczniki: przerzutnik zmienia stan tylko przy aktywnym zboczu zegara. D kopiuje swoje wejście (Q⁺ = D); T zmienia stan na przeciwny, gdy T = 1; JK utrzymuje stan dla 00, zeruje dla 01, ustawia dla 10 i zmienia stan na przeciwny dla 11. N-bitowy licznik binarny ma 2ⁿ stanów i liczy modulo 2ⁿ; licznik mod-N liczy 0, 1, …, N − 1 i wraca do 0, a potrzebuje tylu przerzutników, ile wynosi najmniejsze n z 2ⁿ ≥ N. Każdy stopień licznika asynchronicznego dzieli częstotliwość przez dwa, więc ostatnie wyjście licznika mod-N pracuje z częstotliwością fclk/N. Licznik Johnsona z n przerzutników ma 2n stanów, licznik pierścieniowy n.

Pełne cykle

Co 11 impulsów licznik wraca do tego samego stanu.

14 = 1·11 + 3

Stan po pozostałych impulsach

Q = (2 + 3) mod 11 = 5
Q = 0101₂

Odpowiedź

Q = 5
7.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: φ(1331) = 1210

Elementy odwrotne i kongruencje: a ma element odwrotny modulo n dokładnie wtedy, gdy NWD(a, n) = 1. Rozszerzony algorytm Euklidesa zapisuje 1 = s·n + t·a, a wtedy a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruencja a·x ≡ b (mod n) przy NWD(a, n) = 1 ma rozwiązanie x ≡ a⁻¹·b. Dwie kongruencje x ≡ r₁ (mod m₁) i x ≡ r₂ (mod m₂) o względnie pierwszych modułach mają jedno rozwiązanie modulo m₁·m₂ (chińskie twierdzenie o resztach). Funkcja φ(n) Eulera zlicza liczby od 1 do n względnie pierwsze z n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Czynniki pierwsze

1331 = 113

Funkcja φ

φ(1331) = 1331 − 121 = 1210

Odpowiedź

φ(1331) = 1210
8.Teoria liczb i arytmetyka modularna

Odpowiedź: m = 23

Potęgi modularne i RSA: oblicz aᵏ mod n przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu: zapisz k binarnie, podnoś do kwadratu, redukuj po każdym kroku i mnóż potęgi, których bit jest równy 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) dla liczby pierwszej p niedzielącej a, więc wykładnik można redukować modulo p − 1. RSA: wybierz liczby pierwsze p i q, n = p·q i φ(n) = (p − 1)(q − 1); wykładnik publiczny e jest względnie pierwszy z φ(n), a wykładnik prywatny to d = e⁻¹ mod φ(n). Szyfruj wzorem c = mᵉ mod n, a odszyfrowuj wzorem m = cᵈ mod n.

Wykładnik prywatny

n = 697, φ(n) = 640
d = 17−1 mod 640 = 113

Odszyfruj przez wielokrotne podnoszenie do kwadratu

113 = 64 + 32 + 16 + 1
4141 ≡ 414 (mod 697)
4142 ≡ 631 (mod 697)
4144 ≡ 174 (mod 697)
4148 ≡ 305 (mod 697)
41416 ≡ 324 (mod 697)
41432 ≡ 426 (mod 697)
41464 ≡ 256 (mod 697)
414113 ≡ 414·324·426·256 ≡ 23 (mod 697)

Wiadomość

m = 23
sprawdzenie: 2317 mod 697 = 414

Odpowiedź

m = 23
9.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: C · O(d(n + k))

Dlaczego to jest odpowiedź

Każdy z d przebiegów to sortowanie przez zliczanie kosztujące O(n + k), więc dla stałych d i k całość jest liniowa względem n.

Odpowiedź

C · O(d(n + k))
10.Algorytmy i złożoność

Odpowiedź: C · Quickselect działa w oczekiwanym czasie O(n), a mediana median gwarantuje O(n) w najgorszym przypadku

Dlaczego to jest odpowiedź

Oczekiwana praca quickselecta to n + n/2 + n/4 + ... = O(n) przy losowych elementach osiowych; wybór elementu osiowego jako mediany median daje liniowy najgorszy przypadek.

Odpowiedź

C · Quickselect działa w oczekiwanym czasie O(n), a mediana median gwarantuje O(n) w najgorszym przypadku
11.Struktury danych

Odpowiedź: A · O(n), bo dalsze elementy trzeba przesunąć

Dlaczego to jest odpowiedź

Wszystkie elementy za miejscem wstawienia przesuwają się o jedną pozycję w prawo, co zajmuje czas proporcjonalny do n.

Odpowiedź

A · O(n), bo dalsze elementy trzeba przesunąć
12.Struktury danych

Odpowiedź: A · O(log n)

Dlaczego to jest odpowiedź

Po zmniejszeniu klucza element przesuwa się w górę co najwyżej o wysokość kopca. Kopce Fibonacciego osiągają zamortyzowane decrease-key w O(1).

Odpowiedź

A · O(log n)
13.Teoria grafów

Odpowiedź: k = 10

Euler, Hamilton i drzewa: graf spójny ma cykl Eulera (każda krawędź raz, powrót do startu), gdy każdy wierzchołek ma stopień parzysty, oraz ścieżkę Eulera, która nie jest cyklem, gdy dokładnie dwa wierzchołki mają stopień nieparzysty; ścieżka biegnie wtedy od jednego wierzchołka nieparzystego do drugiego. Cykl Hamiltona odwiedza każdy wierzchołek raz; Kn ma ich (n − 1)!/2. Drzewo o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi, a graf spójny o m krawędziach zachowuje drzewo rozpinające po usunięciu m − n + 1 krawędzi.

Krawędzie drzewa rozpinającego

18 − 1 = 17

Krawędzie do usunięcia

k = 27 − 17 = 10

Odpowiedź

k = 10
14.Teoria grafów

Odpowiedź: d(E) = 22

Najkrótsze ścieżki i drzewa rozpinające: algorytm Dijkstry zatwierdza jeden wierzchołek na rundę: niezatwierdzony wierzchołek o najmniejszej tymczasowej odległości. Jego odległość jest wtedy ostateczna, a każdy sąsiad v dostaje d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algorytm Kruskala buduje minimalne drzewo rozpinające, biorąc krawędzie od lekkich do ciężkich i pomijając każdą, która zamknęłaby cykl; algorytm Prima rozbudowuje jedno drzewo od wierzchołka startowego, zawsze dodając najlżejszą krawędź wychodzącą z niego. Drzewo rozpinające o n wierzchołkach ma n − 1 krawędzi.

Algorytm Dijkstry runda po rundzie

Każdy wiersz: zatwierdzony wierzchołek, jego ostateczna odległość oraz sąsiedzi, których odległość się poprawia.

A (0): B: 5, C: 5
B (5): D: 18, G: 12
C (5)
G (12): E: 22
D (18): F: 19
F (19)
E (22)

Najkrótsza ścieżka

A → B → G → E
d(E) = 22

Odpowiedź

d(E) = 22
15.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: A · SELECT COUNT(DISTINCT city) FROM customers

Dlaczego to jest odpowiedź

COUNT(DISTINCT city) liczy unikalne miasta różne od NULL; DISTINCT poza COUNT usuwa tylko powtarzające się wiersze wyniku.

Odpowiedź

A · SELECT COUNT(DISTINCT city) FROM customers
16.Bazy danych i SQL

Odpowiedź: B · Wszystkie wiersze z obu tabel, dopasowane tam, gdzie to możliwe, a w pozostałych przypadkach uzupełnione wartościami NULL

Dlaczego to jest odpowiedź

Pełne złączenie zewnętrzne zachowuje każdy wiersz obu tabel, łącząc dopasowania w pary i wypełniając brakującą stronę wartościami NULL.

Odpowiedź

B · Wszystkie wiersze z obu tabel, dopasowane tam, gdzie to możliwe, a w pozostałych przypadkach uzupełnione wartościami NULL
17.Sieci komputerowe

Odpowiedź: B · 10.1.0.0/16, bo to najdłuższy pasujący prefiks

Dlaczego to jest odpowiedź

Przekazywanie IP stosuje dopasowanie najdłuższego prefiksu: spośród wszystkich tras pasujących do celu wybierana jest ta z najdłuższą maską.

Odpowiedź

B · 10.1.0.0/16, bo to najdłuższy pasujący prefiks
18.Sieci komputerowe

Odpowiedź: A · Skonfigurowanie na routerze przekierowania portów na prywatny adres komputera

Dlaczego to jest odpowiedź

NAT tworzy odwzorowania tylko dla połączeń rozpoczętych od wewnątrz. Reguła przekierowania portów wiąże port publiczny z hostem wewnętrznym, dzięki czemu połączenia przychodzące mogą do niego dotrzeć.

Odpowiedź

A · Skonfigurowanie na routerze przekierowania portów na prywatny adres komputera
19.Podsieci IPv4

Odpowiedź: N = 64

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Pożyczone bity

30 − 24 = 6

Liczba podsieci

N = 26 = 64

Odpowiedź

N = 64

Każda podsieć /30 ma 22 − 2 = 2 użytecznych hostów.

20.Podsieci IPv4

Odpowiedź: p = 22

Sumaryzacja tras: trasa zbiorcza a.b.c.0/p obejmuje wszystkie sieci, których pierwsze p bitów jest zgodnych. Zapisz binarnie różniący się oktet pierwszej i ostatniej sieci; liczba wspólnych bitów wiodących plus bity poprzedzających oktetów to najdłuższy prefiks trasy zbiorczej.

Porównaj bity

157 = 10011101
159 = 10011111
wspólne bity wiodące: 6

Długość prefiksu

p = 16 + 6 = 22

Odpowiedź

p = /22

Trasa zbiorcza: 10.26.156.0/22 (obejmuje też 1 sieci spoza listy).

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals