Conte as variáveis diferentes: a tabela-verdade tem 2ⁿ linhas, começando com todas elas iguais a 1.
Dê a cada subfórmula a sua própria coluna e preencha as colunas de dentro para fora.
Aplique a regra de cada conectivo: → só é 0 para 1 → 0, ↔ vale 1 quando os dois lados coincidem.
Para equivalências, compare as colunas finais linha a linha; para um argumento, olhe apenas as linhas em que todas as premissas valem 1.
Para negar uma afirmação quantificada, mova ¬ para dentro, troque ∀ e ∃ e negue a fórmula interna.
Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops
Portas básicas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Regras booleanas
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Ordem do mapa de Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Grupo de 2ᵏ células
perde k variáveis
Multiplexador 4-para-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flops
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Contadores
n bits: 2ⁿ estados; mod-N: menor n com 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Contador assíncrono (ripple)
fmax = 1/(n·tpd)
Contadores em anel e Johnson
n e 2n estados
Método
Para um circuito, trabalhe das entradas até a saída, uma porta de cada vez, e escreva o valor em cada fio, ou escreva a sua expressão e preencha a tabela-verdade.
Para simplificar, coloque os 1s (e as condições irrelevantes como X) num mapa de Karnaugh com linhas e colunas em código Gray: 00, 01, 11, 10.
Cubra os 1s com o menor número possível de grupos, os maiores possíveis, de 1, 2, 4, 8 ou 16 células, dando a volta pelas bordas; cada grupo é um termo produto formado pelas variáveis que permanecem constantes. Agrupe os 0s para a forma POS.
Para flip-flops e contadores, leia as entradas em cada borda ativa do clock, escreva o estado após cada borda e lembre-se de que um contador de n bits dá a volta após 2ⁿ estados.
Teoria dos números e aritmética modular
Divisão com resto
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclides
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Mínimo múltiplo comum
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Inversa
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Congruência linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Função totiente de Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n
Método
Reduza antes todos os números módulo n; os restos ficam entre 0 e n − 1.
Para um mdc, divida repetidamente com o algoritmo de Euclides; o último resto não nulo é o mdc.
Para um inverso, execute o algoritmo estendido e guarde o coeficiente de a; some n se ele for negativo.
Resolva a·x ≡ b multiplicando por a⁻¹; combine duas congruências escrevendo x = r₁ + m₁k.
Para potências, escreva o expoente em binário e eleve ao quadrado repetidamente; no RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) com φ(n) = (p − 1)(q − 1).
Teoria dos grafos
Lema do aperto de mãos
Σ deg(v) = 2|E|
Grafos completos
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Grafo regular
|E| = n·k/2
Árvore e floresta
|E| = n − 1, |E| = n − c
Folhas de uma árvore
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
circuito: todos os graus pares; caminho: exatamente 2 graus ímpares
Circuitos hamiltonianos em Kn
(n − 1)!/2
Atualização de Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Passeios de comprimento L
(Mᴸ)ij
Método
Anote o grau de cada vértice; a soma dos graus é igual ao dobro do número de arestas.
Em questões de Euler, verifique se o grafo é conexo e conte os vértices de grau ímpar.
Para árvores, use n − 1 arestas e o lema do aperto de mãos.
Em Dijkstra, mantenha uma tabela de distâncias provisórias e fixe a cada rodada o vértice não fixado de menor distância.
Para uma árvore geradora mínima, ordene as arestas por peso e pule toda aresta que feche um ciclo (Kruskal), ou faça crescer uma árvore a partir de um vértice inicial (Prim).
Sub-redes IPv4
Hosts por sub-rede
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Tamanho do bloco
256 − (mask octet)
Endereço de rede
IP AND máscara
Endereço de broadcast
IP OR (NOT máscara): todos os bits de host a 1
Sub-redes com n bits emprestados
2n
2Exercícios
1.Sistemas de numeraçãoMédia
Escreva −88 como padrão de 8 bits em complemento para dois. Leia o padrão como número binário sem sinal: qual é o seu valor U em decimal?
N = −888 bit
U =
2.Sistemas de numeraçãoDifícil
Defina os bits com o resultado de 8 bits de 1100 0100 << 1. Qual é o valor R do resultado em decimal?
1100 0100<< 1
R =
3.Lógica proposicional e demonstraçõesMédia
Você quer demonstrar (r ∧ p) → ¬q por absurdo. Qual afirmação você supõe no início? Clique nela.
(r ∧ p) → ¬q
1(r ∧ p) ∧ ¬¬q
2¬(r ∧ p) ∧ ¬¬q
3¬(r ∧ p) ∧ ¬q
4¬(r ∧ p) → ¬¬q
4.Lógica proposicional e demonstraçõesDifícil
Qual afirmação é equivalente a ¬∃x ∀y R(x, y), com a negação movida totalmente para dentro? Clique nela.
¬∃x ∀y R(x, y)
1∃x ∀y ¬R(x, y)
2∀x ∀y ¬R(x, y)
3∃x ∃y ¬R(x, y)
4∀x ∃y ¬R(x, y)
5.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flopsMédia
Use o mapa de Karnaugh para encontrar a forma mínima em soma de produtos (SOP) de F(A, B, C) = Σm(0, 3, 4, 6, 7). Quantos termos produto N ela tem?
F(A, B, C) = Σm(0, 3, 4, 6, 7)
N =
6.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flopsDifícil
Um flip-flop JK acionado na borda de subida começa com Q = 0 e recebe as entradas mostradas. Clique na primeira borda do clock em que Q passa de 1 de volta para 0.
Q₀ = 0JK
1borda do clock 1
2borda do clock 2
3borda do clock 3
4borda do clock 4
5borda do clock 5
6borda do clock 6
7borda do clock 7
8borda do clock 8
7.Teoria dos números e aritmética modularMédia
Resolva 28x ≡ 12 (mod 31). Dê a solução x com 0 < x < 31.
28x ≡ 12 (mod 31)
x =
8.Teoria dos números e aritmética modularDifícil
Uma chave RSA usa os primos p = 13 e q = 37 e o expoente público e = 5. Encontre o expoente privado d (0 < d < φ(n)).
p = 13q = 37e = 5
d =
9.Algoritmos e complexidadeMédia
No problema de seleção de atividades, qual regra gulosa sempre dá o número máximo de atividades sem sobreposição?
AEscolher a atividade que termina mais cedo e repetir com as compatíveis
BEscolher a atividade que começa mais cedo
CEscolher primeiro a atividade mais curta
DEscolher primeiro a atividade com menos sobreposições e repetir com as compatíveis
10.Algoritmos e complexidadeDifícil
Qual é o tempo de execução do algoritmo de Dijkstra com um heap binário num grafo com V vértices e E arestas?
AO(V + E)
BO(V × E)
CO(V³)
DO((V + E) log V)
11.Estruturas de dadosMédia
Como funciona o extract-min em um min-heap binário?
ARemove-se a raiz e desloca-se todos os elementos uma posição à esquerda
BProcura-se o novo mínimo em todas as folhas
CRemove-se o último elemento do array
DMove-se o último elemento para a raiz e faz-se sift-down
12.Estruturas de dadosDifícil
Você precisa guardar os k menores valores de um fluxo de n números usando O(k) de memória. Qual abordagem funciona em tempo O(n log k)?
AUm array ordenado com todos os n valores
BUm max-heap de tamanho k, substituindo a raiz quando chega um valor menor
CUma fila FIFO com os últimos k valores
DUm min-heap com todos os n valores, do qual os k menores são removidos no final
13.Teoria dos grafosMédia
Um grafo conexo tem 20 vértices e 21 arestas. Quantas arestas k devem ser removidas para sobrar uma árvore geradora?
|V| = 20|E| = 21
k =
14.Teoria dos grafosDifícil
Quantos passeios fechados de comprimento 2 começam e terminam em B? Um passeio pode repetir vértices e arestas. Chame o número de N.
M = matriz de adjacênciaL = 2
N =
15.Bases de dados e SQLMédia
Na álgebra relacional, o operador de seleção (σ) corresponde a qual cláusula SQL?
AGROUP BY
BORDER BY
CLista do SELECT
DWHERE
16.Bases de dados e SQLDifícil
A tabela employee(emp_id, dept_id, dept_name) tem a chave emp_id, e dept_id → dept_name. Qual afirmação está correta?
ANão está na 1NF
BEstá na 2NF, mas não na 3NF
CEstá em BCNF e, portanto, na 3NF
DNão está na 2NF
17.Redes de computadoresMédia
Qual é o endereço de loopback do IPv6?
Afe80::1
B::
Cff02::1
D::1
18.Redes de computadoresDifícil
Hosts na VLAN 10 e na VLAN 20 do mesmo switch não conseguem se comunicar. O que é necessário?
AO mesmo endereço MAC nos dois hosts
BUm hub conectado às duas VLANs
CUm cabo mais longo entre os hosts
DUm roteador ou switch de camada 3 para rotear entre as VLANs
19.Sub-redes IPv4Média
A rede 10.118.160.0/20 é dividida em sub-redes iguais com prefixo /23. Quantas sub-redes N existem?
10.118.160.0/20/23
N =
20.Sub-redes IPv4Difícil
Um roteador tem rotas para estas redes: 10.5.185.0/24, 10.5.186.0/24, 10.5.187.0/24, 10.5.188.0/24. Qual é o maior comprimento de prefixo p de uma única rota sumarizada que cubra todas elas?
10.5.185.0/24 … 10.5.188.0/24
p =
3Soluções
1.Sistemas de numeração
Resposta: U = 168
Sistemas de numeração posicionais: cada algarismo vale o seu valor vezes uma potência da base. Em binário as posições valem 1, 2, 4, 8, 16, …; em hexadecimal 1, 16, 256, …, com A–F para 10–15. No complemento para dois de 8 bits, o bit da esquerda vale −128 em vez de +128; é assim que se guardam os números negativos.
Inverter e somar um
88 = 0101 1000
invertido: 1010 0111
+1 → 1010 1000
Ler sem sinal
1010 1000₂ = 256 − 88 = 168
Resposta
U = 168
2.Sistemas de numeração
Resposta: R = 136
Definir bits: cada bit vale uma potência de dois (128, 64, …, 1). Um dígito hexadecimal são exatamente quatro bits, e em complemento de dois de 8 bits o bit mais à esquerda vale −128. As operações bit a bit atuam em cada posição de bit separadamente.
Bit a bit
Deslocar para a esquerda por 1 move cada bit 1 posições para a esquerda; os bits que saem pela extremidade esquerda se perdem e entram zeros pela direita.
1100 0100 << 1
= 1000 1000
Valor do resultado
1000 1000₂ = 136
Resposta
R = 136
3.Lógica proposicional e demonstrações
Resposta: (r ∧ p) ∧ ¬¬q
Equivalência lógica: duas fórmulas são equivalentes (≡) quando têm o mesmo valor em todas as linhas da tabela-verdade. Uma tautologia vale 1 em todas as linhas, uma contradição vale 0 em todas as linhas, e uma contingência não é nenhuma das duas. Leis úteis: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b e ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (contrapositiva); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; e as leis distributivas, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).
Partes da implicação
a = r ∧ p, b = ¬q
Negação da implicação
¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = (r ∧ p) ∧ ¬¬q
Resposta
(r ∧ p) ∧ ¬¬q
Se a suposição leva a uma contradição, a implicação deve ser verdadeira.
4.Lógica proposicional e demonstrações
Resposta: ∀x ∃y ¬R(x, y)
Quantificadores e argumentos: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) e ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Mova a negação para dentro, troque todo quantificador que ela atravessa e negue a fórmula interna com as leis proposicionais, como ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Um argumento é válido quando a conclusão vale 1 em toda linha em que todas as premissas valem 1. Uma única linha com premissas verdadeiras e conclusão falsa é um contraexemplo e mostra que o argumento é inválido.
Mova a negação para dentro
¬∃x ∀y R(x, y) ≡ ∀x ∃y ¬R(x, y)
Resposta
∀x ∃y ¬R(x, y)
As outras alternativas mantêm um quantificador inalterado, mudam a ordem dos quantificadores ou negam a fórmula interna de forma errada.
5.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops
Resposta: N = 3
Mapas de Karnaugh: as células são ordenadas em código Gray (00, 01, 11, 10), de modo que células vizinhas, inclusive as que ficam nas bordas opostas, diferem em exatamente uma variável. Agrupe os 1s em retângulos de 1, 2, 4, 8 ou 16 células, o maior possível e o menor número possível, até que todo 1 esteja coberto. Cada grupo é um termo produto: as variáveis que permanecem constantes dentro dele. Um grupo de 2ᵏ células perde k variáveis. As condições irrelevantes (X) podem ser usadas para aumentar grupos, mas nunca precisam ser cobertas. Agrupar os 0s dá a forma POS mínima.
Agrupe os 1s
Todo grupo é um retângulo de 2ᵏ células; as células das bordas são vizinhas das células da borda oposta.
B′C′
BC
AC′
Forma SOP mínima
F = B′C′ + BC + AC′
N = 3
Resposta
N = 3
Existe outro agrupamento do mesmo tamanho; ele tem o mesmo número de termos e de literais.
6.Lógica digital: portas, mapas de Karnaugh e flip-flops
Resposta: borda do clock 4
Flip-flops e contadores: um flip-flop muda apenas na borda ativa do clock. D copia a sua entrada (Q⁺ = D); T inverte quando T = 1; JK mantém para 00, zera para 01, seta para 10 e inverte para 11. Um contador binário de n bits tem 2ⁿ estados e conta módulo 2ⁿ; um contador módulo N conta 0, 1, …, N − 1 e volta a 0, e precisa de flip-flops em número igual ao menor n com 2ⁿ ≥ N. Cada estágio de um contador assíncrono (ripple) divide a frequência por dois, de modo que a última saída de um contador módulo N funciona a fclk/N. Um contador Johnson de n flip-flops tem 2n estados, um contador em anel n.
Inversos e congruências: a tem inverso módulo n exatamente quando mdc(a, n) = 1. O algoritmo de Euclides estendido escreve 1 = s·n + t·a, e então a⁻¹ ≡ t (mod n). Uma congruência a·x ≡ b (mod n) com mdc(a, n) = 1 tem a solução x ≡ a⁻¹·b. Duas congruências x ≡ r₁ (mod m₁) e x ≡ r₂ (mod m₂) com módulos coprimos têm uma solução módulo m₁·m₂ (teorema chinês do resto). O φ(n) de Euler conta os números de 1 a n que são coprimos com n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).
Inverso de 28
r = 31, t = 0
r = 28, q = 1, t = 1
r = 3, q = 9, t = −1
r = 1, q = 3, t = 10
28−1 ≡ 10 (mod 31)
Resolva
x ≡ 10·12 = 120 ≡ 27 (mod 31)
verificação: 28·27 = 756 ≡ 12 (mod 31)
Resposta
x = 27
8.Teoria dos números e aritmética modular
Resposta: d = 173
Potências modulares e RSA: calcule aᵏ mod n por elevação ao quadrado repetida: escreva k em binário, eleve ao quadrado, reduza a cada passo e multiplique as potências cujo bit é 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) para um primo p que não divide a, então o expoente pode ser reduzido módulo p − 1. RSA: escolha primos p e q, n = p·q e φ(n) = (p − 1)(q − 1); o expoente público e é coprimo com φ(n), e o expoente privado é d = e⁻¹ mod φ(n). Cifre com c = mᵉ mod n e decifre com m = cᵈ mod n.
Módulo e totiente
n = 13·37 = 481
φ(n) = 12·36 = 432
Algoritmo de Euclides estendido
r = 432, t = 0
r = 5, q = 86, t = 1
r = 2, q = 2, t = −86
r = 1, q = 2, t = 173
Expoente privado
d = 173
verificação: 5·173 = 865 = 2·432 + 1
Resposta
d = 173
9.Algoritmos e complexidade
Resposta: A · Escolher a atividade que termina mais cedo e repetir com as compatíveis
Porque é esta a resposta
Escolher o término mais cedo pode ser provado ótimo por um argumento de troca; as outras regras têm contraexemplos.
Resposta
A · Escolher a atividade que termina mais cedo e repetir com as compatíveis
10.Algoritmos e complexidade
Resposta: D · O((V + E) log V)
Porque é esta a resposta
Há V operações extract-min e até E operações decrease-key, cada uma O(log V); um heap de Fibonacci melhora isso para O(E + V log V).
Resposta
D · O((V + E) log V)
11.Estruturas de dados
Resposta: D · Move-se o último elemento para a raiz e faz-se sift-down
Porque é esta a resposta
O último elemento preenche o buraco na raiz e é trocado com o menor filho até a propriedade de heap valer, em O(log n).
Resposta
D · Move-se o último elemento para a raiz e faz-se sift-down
12.Estruturas de dados
Resposta: B · Um max-heap de tamanho k, substituindo a raiz quando chega um valor menor
Porque é esta a resposta
A raiz do max-heap é o maior valor guardado; qualquer valor novo menor a substitui em O(log k), então o heap sempre contém os k menores até o momento.
Resposta
B · Um max-heap de tamanho k, substituindo a raiz quando chega um valor menor
13.Teoria dos grafos
Resposta: k = 2
Euler, Hamilton e árvores: um grafo conexo tem um circuito euleriano (cada aresta uma vez, de volta ao início) quando todo vértice tem grau par, e um caminho euleriano que não é circuito quando exatamente dois vértices têm grau ímpar; o caminho vai então de um vértice ímpar ao outro. Um circuito hamiltoniano visita cada vértice uma vez; Kn tem (n − 1)!/2 deles. Uma árvore com n vértices tem n − 1 arestas, e um grafo conexo com m arestas mantém uma árvore geradora depois de remover m − n + 1 arestas.
Arestas de uma árvore geradora
20 − 1 = 19
Arestas a remover
k = 21 − 19 = 2
Resposta
k = 2
14.Teoria dos grafos
Resposta: N = 4
Graus: o grau de um vértice é o número de arestas que o tocam. Cada aresta tem duas pontas, então os graus somam o dobro do número de arestas: Σ deg(v) = 2|E| (o lema do aperto de mãos). Portanto o número de vértices de grau ímpar é par. Kn tem n(n − 1)/2 arestas, um grafo k-regular com n vértices tem nk/2, e uma árvore com n vértices tem n − 1 arestas.
Matriz de adjacência
A: 0 1 0 0 0
B: 1 0 1 1 1
C: 0 1 0 0 1
D: 0 1 0 0 1
E: 0 1 1 1 0
Vizinhos comuns
(M²)BB = 1·1 + 0·0 + 1·1 + 1·1 + 1·1 = 4
Resposta
N = 4
15.Bases de dados e SQL
Resposta: D · WHERE
Porque é esta a resposta
σcondição(R) retorna as tuplas de R que satisfazem a condição, como uma cláusula WHERE.
Resposta
D · WHERE
16.Bases de dados e SQL
Resposta: B · Está na 2NF, mas não na 3NF
Porque é esta a resposta
A chave tem uma coluna, então a 2NF vale, mas emp_id → dept_id → dept_name é uma dependência transitiva, o que viola a 3NF.
Resposta
B · Está na 2NF, mas não na 3NF
17.Redes de computadores
Resposta: D · ::1
Porque é esta a resposta
::1 é o endereço de loopback. :: é o endereço não especificado, fe80::/10 é link-local e ff02::1 é o grupo multicast de todos os nós.
Resposta
D · ::1
18.Redes de computadores
Resposta: D · Um roteador ou switch de camada 3 para rotear entre as VLANs
Porque é esta a resposta
As VLANs são isoladas na camada 2, então o tráfego entre elas precisa ser roteado, por exemplo por um roteador em um tronco ("router on a stick") ou por um switch de camada 3.
Resposta
D · Um roteador ou switch de camada 3 para rotear entre as VLANs
19.Sub-redes IPv4
Resposta: N = 8
IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).
Bits emprestados
23 − 20 = 3
Número de sub-redes
N = 23 = 8
Resposta
N = 8
Cada sub-rede /23 tem 29 − 2 = 510 hosts utilizáveis.
20.Sub-redes IPv4
Resposta: p = 21
Sumarização de rotas: uma rota sumarizada a.b.c.0/p cobre todas as redes cujos primeiros p bits coincidem. Escreva em binário o octeto que difere entre a primeira e a última rede; o número de bits iniciais em comum, mais os bits dos octetos anteriores, é o maior prefixo de sumarização.
Compare os bits
185 = 10111001
188 = 10111100
bits iniciais em comum: 5
Comprimento do prefixo
p = 16 + 5 = 21
Resposta
p = /21
Rota sumarizada: 10.5.184.0/21 (ela também cobre 4 rede(s) que não estão na lista).